2019年泰州市中考物理试卷（解析版）

2019年泰州市中考物理试卷（解析版）

一.选择题

1.下列估测结果符合实际的是（ ）

A. 六月份泰州的平均气温约为50℃

B. 一枚1元人民币硬币的质量大约6g

C. 中学生课桌的高度约为80mm

D. 家用LED节能灯的电功率约为200W

【答案】B

【详解】A. 六月份泰州的平均气温约为25℃左右，故不符合实际；

B. 一枚1元人民币硬币的质量大约6g，符合实际；

C. 中学生课桌高度大约为70cm，80mm仅为8cm，故不符合实际；

D. 一般来说，家用的LED灯泡功率为13W~50W，故不符合实际；

2.下列做法中,不能改变音调的是（ ）

A. 用同一张卡片先后以不同速度划过梳齿

B. 用相同力度敲击大小不同的编钟

C. 改变杯内水量，用湿手摩擦杯口发声

D. 保持钢尺伸出桌面的长度不变，用大小不同的力拨动钢尺

【答案】D

【详解】A.卡片在梳子上以快慢不同的速度划过，则梳子齿振动的快慢不同，发出声音的音调就不同，能改变音调,故A不符合题意；

B. 用相同的力度敲击大小不同的钟，编钟的质量不同，体积不同，振动的难易不同，频率不同，音调不同, 能改变音调, 故B不符合题意

C.用湿手摩擦杯口，水量不同振动的频率不同，发声的音调不同，能改变音调,故C不符合题意；

D. 若保持钢尺伸出桌面的长度相同，用大小不同的力拨动钢尺，则用的力越大，刻度尺振动的幅度越大，刻度尺发出声音的响度就越大,但不能改变音调，故D符合题意。

3.下列关于物态变化的判断,正确的是（ ）

A. 樟脑丸逐渐消失—熔化 B. 铁水浇铸铁铸件—凝华

C. 擦酒精解暑降温—汽化 D. 秋末屋顶上结霜—升华

【答案】C

【详解】A、樟脑丸由固态直接变为气态，发生的是升华现象，选项说法错误；

B、铁水由液态变成固态的铁铸件发生的是凝固现象，选项说法错误；

C、擦酒精解暑，利用酒精蒸发时吸收热量，降低温度，蒸发属于汽化，选项说法正确；

D、秋末屋顶上结霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，选项说法错误；

4.“以铜为镜,可以正衣冠”的光学原理是（ ）

A. 光的直线传播 B. 光的反射 C. 光的折射 D. 光的色散

【答案】B

【详解】“以铜为镜,可以正衣冠”的意思是一个人用铜鉴当镜子，可以照见衣帽是不是穿戴得端正。这种镜一面磨光发亮，一面铸刻花纹，照光亮的一面，可以照出人的基本模样，运用了平面镜成像的原理，属于光的反射现象，故B选项符合题意。

5.下列关于粒子和宇宙的说法,正确的是（ ）

A. 摩擦起电的实质就是创造了电荷

B. 宇宙是一个有层次的天体结构系统,其中恒星是绝对不动的

C. 海绵容易被压缩,说明分子间有空隙

D. 两个表面光滑的铅块相互挤压后粘在一起,说明分子间存在吸引力

【答案】D

【详解】A. 摩擦起电的实质是发生了电荷的转移,并不是创造了电荷，故A错误；

B. 宇宙是一个有层次的天体结构系统，恒星在不断地运动，故B错误；

C. 海绵里有气孔，压缩时海绵里的空气跑出来，海绵体积减小，但不能说明分子间有间隙，故C错误；

D. 两个表面光滑的铅块相互紧压后，它们会黏在一起，说明了分子间有引力．所以D正确

6.撑杆跳高是应用了撑杆的（ ）

A. 延展性好 B. 密度大 C. 弹性好 D. 硬度大

【答案】C

【详解】撑杆在撤去外力作用时，能很好的恢复原状，所以要求物体具有的这种性质是弹性,故选C.

7.以下属于非清洁能源的是（ ）

A. 太阳能 B. 煤炭 C. 风能 D. 水能

【答案】B

【详解】属于清洁能源的是太阳能、水能、风能、地热能等，煤炭属于化石燃料，而燃煤排放二氧化硫、二氧化碳等气体，二氧化硫形成酸雨，对生物造成了巨大的伤害。过多二氧化碳的排放还会导致全球的温度的提升，形成“温室效应”。因此煤炭属于有污染的能源，选项ACD不符合题意，B符合题意。

8.物理学中用光线表示光的传播路径和方向.下列做法应用了同种研究方法（ ）

A. 用磁感线来形象直观的描述磁场

B. 通过水流来初步认识电流

C. 探究小车动能大小的影响因素时,通过木块被撞后移动的距离来比较小车动能的大小

D. 探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响时,控制接触面的粗糙程度等因素不变

【答案】A

【详解】在物理学中，光线是用来表示光的传播路径和方向的带有箭头的直线，化抽象为形象，利用了建模的方法；

A. 根据课本中的相关基础知识可知，为了描述看不见但又客观存在的磁场，人们利用建立模型的方法，引入了磁感线来形象直观的描述磁场，故A符合题意；

B. 通过水流来初步认识电流，即利用的类比法，故B不符合题意；

C. 探究小车动能大小的影响因素时,通过木块被撞后移动的距离来比较小车动能的大小，是利用转换法，故C不符合题意；

D. 探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响时,控制接触面的粗糙程度等因素不变，是利用控制变量法，故D不符合题意。

9.人用力水平向左推讲台,没有推动,这个过程中（ ）

A. 人对讲台的推力小于讲台受到的摩擦力 B. 讲台受到的惯性大于推力

C. 讲台受到的推力与重力是一对平衡力 D. 人对讲台没有做功

【答案】D

【详解】A. 讲台静止不动，所以水平方向上人对讲台的推力等于讲台受到的摩擦力，故A错误；；

B.惯性是物体本身的一种性质，不能拿来和力进行比较，故B错误；

C. 讲台受到的推力与重力方向不同，所以不可能是一对平衡力，故C错误；

D. 人对讲台有力的作用，但讲台没有在力的方向上产生距离，所以人推讲台没有做功，故D正确。

10.如图,一个小球在地面上弹跳,下列分析错误是（ ）

A. 小球从A处到B处重力势能增大

B. 小球从B处到C处动能增大

C. 小球在B处比D处重力势能大

D. 小球在A、C、E三处机械能总量相等

【答案】D

【详解】A. 小球从A处到B处，质量不变高度增大，所以重力势能增大，故A选项正确；

B. 小球从B处到C处，质量不变，在重力作用下速度逐渐增大，所以动能增大，故B选项正确；

C. 小球在D处比B处，质量不变高度降低，所以重力势能变小，故C选项正确；

D. 看图可知小球在弹跳过程中，每次触地反弹至最高点的高度逐渐减小，说明其机械能在运动过程中减小，所以A、C、E三处机械能总量并不相等，故D选项错误符合题意。

11.某智能家政机器人有三种识别启动方式:人脸识别(S1)、指纹识别(S2)、密码识别(S3),只要其中一种方式识别成功,则相应开关闭合,机器人启动(机器人用表示),下列电路设计符合要求的是（ ）

A. B.

C. D.

【答案】C

【详解】智能家政机器人有三种识别启动方式只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合,说明三种识别方式各自可独立运行且互不影响，所以该机器人三种启动方式为并联关系，只有C选项中的电路图符合题意。

12.如图,R1>R2,闭合开关,将滑动变阻器的滑片向左滑动,电压表V1示数变化量的绝对值为△U1,电压表V2示数变化量的绝对值为△U2,滑动变阻器R两端电压变化量的绝对值为△U3,下列说法正确的是（ ）

A. V1示数变小,V2示数变大 B. V1示数变大,△U1<△U2

C. V2示数不变,△U1=△U3 D. V2示数变大,△U1<△U3

【答案】D

【详解】分析电路可知，电阻R1、R2、滑动变阻器串联，电压表V1测量R1两端电压，电压表V2测量R2两端电压,滑动变阻器滑片P向左滑动时，接入电路中的阻值变小，干路中电流变大，电阻R1、R2两端电压均增大，所以V1、V2的示数都变大；所以AC选项错误；

移动滑片过程中，电路中电流的变化量为△I,根据欧姆定律可知△U1=，△U2=，而R1>R2，所以△U1＞△U2，故B选项错误；

电源电压不变，所以滑动变阻器减小的电压与电阻R1、R2增加的电压之和相等，即△U3=△U1+△U2，则△U1<△U3，故D选项正确。

二、填空题

13.如图,用铁丝围成一个内径约4mm的圆环,在清水中浸一下后取出,布满圆环的水膜犹如透镜,用这个水膜透镜贴近课本上的字,看到的是正立放大的像,此像为____(实像/虚像);透过水膜透镜看远处的楼房楼房倒立缩小了,这种成像情况与_______(照相机/幻灯机)成像原理相同;轻轻甩去一些水(保持水膜完好),透过水膜透镜看远处的楼房成正立缩小的像,此时水膜透镜相当于_______(凸透镜/凹透镜)

【答案】 (1). 虚像 (2). 照相机 (3). 凹透镜

【详解】水膜透镜相当于凸透镜，根据凸透镜成像规律可知，当其贴近课本上的字，此时物距小于一倍焦距，看到的是正立放大的虚像；当看远处的楼房楼房，此时物距大于二倍焦距，看到的是倒立缩小实像,这种成像情况与照相机成像原理相同；因为通过凹透镜可以看到正立缩小的像（如近视镜），所以此时水透镜相当于凹透镜；

14.用刻度尺测出实心合金块的边长为2.00cm,用天平测量合金块的质量,示数如图所示,合金块的质量为___g,算出合金块的密度ρ=____g/cm3,若将此合金块切去一半,则剩余部分的密度____(变大/变小/不变)

【答案】 (1). 62.4 (2). 7.8 (3). 不变

【详解】砝码质量为50g、10g，游码分度值为0.2g，其示数为2.4g，所以合金块的质量为：m=50g+10g+2.4g=62.4g；合金块的边长为2.00cm，其体积为V=（2.00cm）3=8cm3，所以合金块的密度为：；密度是物质本身的一种属性，所以将此合金块切去一半,则剩余部分的密度是不变的。

15.如图,在大玻璃瓶与小玻璃瓶内各装入适量的水,将小瓶瓶口向下放入大瓶,使小瓶恰好悬浮.塞紧大瓶瓶塞,用气筒向大瓶内打气,大瓶内水面上方气压增大,小瓶会____(下沉/上浮/继续悬浮);继续打气直到瓶塞跳起,瓶口出现“白雾”,此过程大瓶上方的气体对瓶塞做功,____能转化为____能

【答案】 (1). 下沉 (2). 内 (3). 机械

【详解】瓶内气压变大，水对小瓶瓶口的压强变大，会有部分水被压入小瓶中，使它的重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉；往瓶内打气时，活塞对瓶内气体做功，使瓶内气体内能增加、温度升高，当瓶塞跳起时，瓶内气体对瓶塞做功，瓶内气体的内能转化为瓶塞的机械能。

16.城市里尘土飞扬,空气中灰尘的运动____(是/不是)分子运动,如图是某城市新型洒水车，洒水车在水平路上一边向前匀速直线行驶一边向高空喷洒水雾，在此过程中，洒水车的机械能____（变大/变小/不变),以洒水车为参照物,路边的树木是____(运动/静止)的,洒水车喷雾时后方常会出现彩虹,这是光的____现象,最早通过实验研究这一现象的科学家是____

【答案】 (1). 不是 (2). 变小 (3). 运动 (4). 色散或折射 (5). 牛顿

【详解】空气中灰尘的运动是机械运动而不是分子运动； 洒水车在水平路上匀速直线行驶，说明其速度、高度均不变，一边向高空喷洒水雾，说明其质量变小，重力势能与高度、质量有关,高度没变,但质量变小,所以重力势能变小；动能和速度和质量有关,速度不变,但质量变小,所以动能变小；因为机械能=动能+重力势能，所以在此过程中洒水车的机械能变小；路边的树木相对于洒水车发生了机械运动，所以以洒水车为参照物，树木是运动的；洒水车喷雾时后方常会出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象；最早通过实验研究这一现象的是英国物理学家牛顿。

17.如图,磁悬浮无线蓝牙音箱可由蓝牙通过___ (超声波/电磁波)实现与手机数据的光速传输.该产品底座里有一个电磁铁,可使箱体悬在空中,这是根据同名磁极相互____的原理实现的该产品处于图示状态时,若重力突然消失,则此瞬间底座对水平桌面____(有/没有)压力

【答案】 (1). 电磁波 (2). 排斥 (3). 有

【详解】蓝牙是通过通过电磁波实现与手机数据的光速传输的，根据磁极间的相互作用关系可知，同名磁极是相互排斥的，该蓝牙产品根据该原理实现悬浮；图示中状态，若重力突然消失，但箱体对底座由于磁极间的排斥作用会受到一个向下的力，桌面阻碍其向下运动会给底座施加一个支持力，根据力的相互作用性可知，此瞬间底座对水平桌面有压力作用。

18.如图甲,定值电阻R2的阻值为40Ω.闭合开关,电流表A1、A2的指针偏转均如图乙所示.则电流表A1的读数为____A,电流表A2的读数为____A,电源电压为____V,R1的阻值为____Ω

【答案】 (1). 1.5 (2). 0.3 (3). 12 (4). 10

【详解】图甲是R2与R1并联的电路，电流表A2测量R2所在支路的电流，电流表A1测量干路电流，所以A1的示数一定较大，而二者指针偏转角度相同，所以可知A1的量程为0~3A，分度值为0.1A，示数为1.5A；A2的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A；

根据欧姆定律可知R2两端电压为：U=IR2=0.3A×40Ω=12V，所以电源电压为12V；

根据并联电路电流规律可知，通过R1的电流为：1.5A-0.3A=1.2A;

根据欧姆定律可求出R1阻值为：

19.如图为某电磁继电器的工作原理图,开关S闭合时,电磁铁____(有/无)磁性,_____(电灯/电铃)通电工作

【答案】 (1). 有 (2). 电灯

【解析】

【详解】当开关S闭合，电路接通时，电磁铁通电，电磁铁有磁性，把衔铁吸引下来，使触点与电灯所在的电路接通，电灯通电工作．

20.如图为小明用手机APP软件记录自己某一次跑步的数据截图,分析该图可知：他本次跑步时间为____min,通过的路程为____km, 每跑一步的平均长度为____m

【答案】 (1). 15 (2). 2.025 (3). 0.9

【解析】

【详解】根据图示中表格的信息可知，小明总步数为2250步，步频为150步/min，平均速度为8.10km/h；则他本次跑步时间为：；

通过的路程为：s=vt=8.1km/h×=2.025km；

每跑一步的平均长度为：。

三、解答题

21.如图,货物随传送带一起水平向右做匀速直线运动,画出该货物的受力示意图

（ ）

【答案】

【解析】

【详解】物体做匀速直线运动说明它受到了平衡力的作用，水平方向上没有牵引力，也就没有摩擦力，所以水平方向上是不受力的；竖直方向上有重力和支持力，物体A竖直方向上是静止的，重力和支持力就是一对平衡力，大小相等、方向相反；作用点画在物体的中心就行，画出表示重力和支持力的射线标出箭头、字母，具体作图如下：

22.在图中画出正确使用动滑轮提升重物的绕线方法

（ ）

【答案】

【解析】

【详解】连接动滑轮时，上端固定在顶面，线绕过滑轮，拉力方向竖直向上提升重物，所以具体作图如下：

23.将图中带开关的三孔插座正确接入家庭电路

（ ）

【答案】

【解析】

【详解】三孔插座左侧接线柱连接零线，中间接线柱是接地线的,右侧接线柱接火线，开关控制火线。故作图如下：

24.如图,使用杠杆提升重物,拉力F竖直向下,重物匀速缓慢上升,相关数据如下表:求

（1）拉力所做的功

（2）拉力做功的功率

（3）此过程中,该杠杆的机械效率

【答案】（1）100J（2）200W（3）80%

【解析】

【详解】（1）拉力所做的功:W拉=Fs=500N×0.2m=100J

（2）拉力做功的功率：

（3）此过程中拉力做的有用功为：

该杠杆的机械效率:

25.如图为某型号电动机的铭牌,求:

（1）此电动机的额定电流

（2）此电动机正常工作10min所消耗的电能和由此转化为的机械能

【答案】(1)0.2A (2)264000J;24000J

【解析】

【详解】（1）根据表格数据可知，此电动机的额定电压为U额=220V，额定电流为P额=44W；

根据P=UI可知;

（2）根据W=UIt可知此电动机正常工作10min所消耗的电能为：

;

根据焦耳定律可知线圈消耗的能量为：

由此转化为的机械能:

W机=W-Q=26400J-2400J=24000J.

26.在“初识光的折射现象”和“探究光的折射特点”实验中

（1）如图甲,小明将一束激光射至P点,形成一个光斑,向水槽内慢慢注水,水槽底部光斑的位置将____(向左移动/向右移动/不动),这说明光从空气斜射入水中时,传播方向____(会/不会)发生偏折.实验中光在空气中的传播路径并不清晰,为解决此问题,他在水面上方喷了一些____

（2）如图乙,小明继续探究“光从空气射入水中时的折射特点”,他使用可折转的光屏,是为了研究折射光线、入射光线和法线是否____.如图丙,他将光沿着AO方向射向水面上的O点,光在水中沿着OB方向射出,调整激光笔使入射光逐步偏向法线,折射光也逐步偏向法线,说明光从空气斜射入水中时,入射角减小,折射角随之____(增大/减小/不变).当光沿着NO方向射入时会沿ON′方向射出,此时折射角为____度

【答案】 (1). 向左移动 (2). 会 (3). 烟雾（或水雾，合理即可） (4). 在同一平面 (5). 减小 (6). 0

【解析】

【详解】(1)光从空气斜射入水中，折射角小于入射角；如果按照图示中的角度照射激光，同时向水槽内慢慢注水,水槽底部光斑的位置将向左移动,这说明光从空气斜射入水中时,传播方向会发生偏折；向水面上方喷些烟雾，这时光通过烟雾的水时发生漫反射，便于在各个角度观察光的传播路径。

(2) 使用可折转的光屏，是为了观察折射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；因为当入射光线偏向法线时，折射角也随之偏向法线，所以可以说明光从空气斜射入水中时,入射角减小,折射角随之减小.当光沿着NO方向射入时会沿ON′方向射出,即入射光线垂直入射，折射光线与法线重合，即此时折射角为0度

27.小明用2mL的注射器、量程为0~10N的弹簧测力计和刻度尺粗略测量大气压的值,本实验的原理是二力平衡和p=____

步骤一:把注射器的活塞推至注射器筒的底端,然后用橡皮帽封住注射器的小孔

步骤二:如图所示安装好器材,水平向右缓慢拉动注射器筒,当注射器中的活塞____时,记下弹簧测力计的示数为5.2N

步骤三:用刻度尺测出注射器____长度为4.00cm

步骤四:算出大气压强值为____Pa

同组的小华分析了影响实验结果的可能因素后,对实验进行了如下改进:

①将步骤一改为:先将注射器内抽满水,再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端,然后用橡皮帽封住注射器的小孔,这样便于____

②取下橡皮帽,重复步骤二的操作,读得弹簧测力计的示数为0.3N由此可知,此时活塞所受到的____(摩擦力/大气压力)为0.3N.

小华根据改进后测得数据,重新计算了大气压的值

【答案】 (1). (2). 刚被拉动 (3). 有刻度部分 (4). 1.04×105 (5). 排空注射器内的空气 (6). 摩擦力

【解析】

【详解】在弹簧测力计和刻度尺测量大气压值的实验中，利用了拉力与大气压对注射器活塞的压力相等来计算大气压的值，所以要运用二力平衡和的原理；

步骤二:安装好器材,水平向右缓慢拉动注射器筒,所以其平衡状态时，即注射器中的活塞刚开始运动时读取弹簧测力计的示数即可，其示数为5.2N；

步骤三:为了利用计算大气压的数值，已知该注射器的体积为2mL，所以只需测出其有刻度部分的长度即可知道活塞横截面积，其长度为4.00cm,所以其面积；

步骤四:算出大气压强值为；

同组的小华分析了影响实验结果的可能因素后,对实验进行了如下改进:

①在注射器内抽满水时,内部空气绝大部分已经被排出，此时再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端,然后用橡皮帽封住注射器的小孔,这样更有利于排空注射器内的空气；

②取下橡皮帽,重复步骤二操作,此时弹簧对活塞的拉力与活塞内壁对活塞的摩擦力是一对平衡力，所以读得弹簧测力计的示数为0.3N是活塞所受到的摩擦力的值.

28.小华在“探究电流与电阻关系”的实验中

（1）按要求将实物图连接完整(要求:滑片P向右滑时变阻器接入电路的电阻变大)

（ ）

（2）在连接电路的过程中,开关必须处于____(闭合/断开)状态,滑动变阻器的滑片P应放在最____(左/右)端

（3）小华用三只阻值分别为15Ω、10Ω和5Ω的电阻探究“电流与电阻关系”的过程中,将15Ω电阻换成10Ω时,应将滑片向____(左/右)移动,其目的是____

【答案】 (1). (2). 闭合 (3). 右 (4). 左 (5). 保持定值电阻两端电压不变

【解析】

【详解】（1）为了满足滑片P向右滑时变阻器接入电路的电阻变大，根据滑动变阻器的原理连接电路图如下：

（2）连接电路时,为防止电流过大烧坏电路元件、保护电路，开关处于断开状态,滑动变阻器的滑片P应放在最大阻值处，即最右端；

（3）小华用三只阻值分别为15Ω、10Ω和5Ω的电阻探究“电流与电阻关系”的过程中,将15Ω电阻换成10Ω时,电源电压不变，根据串联分压原理可知，应同时将滑片向左移动来减小滑动变阻器接入电路中的阻值,其目的是保持定值电阻两端的电压不变。

29.小明用如图所示的装置来探究感应电流产生的条件(图中灵敏电流计G的指针偏转方向相反即表示通过的电流方向相反)

（1）导体ab静止悬挂,闭合开关,灵敏电流计的指针不偏转,说明电路中___ (有/无)电流产生

（2）继续探究,记录观察到的现象如下表

①比较1、2(或1、3)实验现象可知,闭合电路的一部分导体在磁场中做____运动时,电路中就会产生感应电流

②比较2、3实验现象还发现,产生的感应电流的方向跟________有关

（3）若在整理器材时未断开开关,先水平向左撤去蹄形磁铁(导体ab不动),则灵敏电流计的指针___ (会/不会)偏转

【答案】 (1). 无 (2). 切割磁感线 (3). 切割磁感线运动方向 (4). 会

【解析】

【详解】（1）导体ab静止悬挂,闭合开关,灵敏电流计的指针不偏转,说明电路中无电流产生。

（2）①比较1、2(或1、3)实验现象可知,只有当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,电路中才会产生感应电流；

②比较2、3实验现象还发现,同样是切割磁感线，但切割的方向不同，所以产生的感应电流的方向跟切割磁感线的方向有关

（3）若在整理器材时未断开开关，先水平向左撤去蹄形磁铁(导体ab不动),那么以磁铁为参照物，导体ab相对于磁铁水平向右运动，等效于用导体ab切割磁感线，所以灵敏电流计的指针会偏转

30.如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置,小华用两个相同的容器用虚线框表示)分别装入质量相等的A、B两种液体,用相同的装置加热

（1）从实验效果考虑,本实验选择____(烧杯/易拉罐)作为盛放液体的容器较好,实验中使用玻璃棒的目的是____

（2）两种液体吸收热量的多少可通过____(液体升高的温度/加热时间)比较

（3）根据实验数据绘制的温度与时间的关系图像如图乙所示,分析图像可知:质量相等的A和B两种液体,在升高相同温度时,____(A/B)吸收的热量较多;质量相等的A和B两种液体,在吸收相同热量时,____(A/B)升温较高

（4）冬天,小华想自制一个暖手袋,若只能从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质,则应选择____(A/B)

【答案】 (1). 烧杯 (2). 搅拌液体使其受热均匀 (3). 加热时间 (4). A (5). B (6). A

【解析】

【详解】（1）从实验效果考虑，为了便于观察温度计示数及液体加热后的反应情况，本实验选择透明的烧杯作为盛放液体的容器较好,实验中使用玻璃棒的目的是为了搅拌液体使其受热均匀。

（2）对两种液体进行加热时，唯一不同的外界条件是加热时间的长短，所以吸收热量的多少可通过加热时间比较

（3）根据实验数据绘制的温度与时间的关系图像如图乙所示,分析图像可知:质量相等的A和B两种液体,在升高相同温度时,A所需要的时间更长，所以A吸收的热量较多;观察图像可知，质量相等的A和B两种液体,在吸收相同热量时, B的升温较高。

（4）暖手袋应选择储存热量多的液体，因为相同温度、质量的A、B两种液体，降低相同的温度时，A放出的热量更多，所以应选择A。

31.在“测量小灯泡的功率”实验中,小灯泡的额定电压为2.5V

（1）按照图甲正确连好电路,闭合开关,小灯泡不亮,两表指针均有偏转,造成该现象的原因不可能的是____

A小灯泡断路

B小灯泡两端电压太小

C滑动变阻器阻值太大

D电源电压太小

（2）移动滑片,当电压表的示数为____V时,小灯泡正常工作,读出此时电流表的示数为0.3A,则小灯泡的额定功率为____W

（3）根据实验测得的数据画出小灯泡I-U关系图像如图乙(坐标轴上的数值已被擦除),分析图像可知,当小灯泡两端电压减小时,小灯泡的电阻___ (增大/减小/不变)

（4）当小灯泡两端电压为2V时,其实际功率在以下哪个范围内:_____

A.P实≤0.48W B.0.48W＜P实＜0.6W C0.6W≤P实＜0.75W D. P实≥0.75W

【答案】 (1). A (2). 2.5 (3). 0.75 (4). 减小 (5). B

【详解】（1）按照图甲正确连好电路,闭合开关,小灯泡不亮,两表指针均有偏转,说明电路处于通路状态，不存在断路现象，实质上是小灯泡两端电压较小，有可能是因为电源电压太小或滑动变阻器阻值太大分压较多造成的，所以该现象的原因不可能的是选项A。

（2）因为小灯泡额定电压为2.5V，电压表测量小灯泡两端电压，所以移动滑片,当电压表的示数为2.5V时,小灯泡正常工作,读出此时电流表的示数为0.3A,则小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.3A=0.75W

（3）根据，结合I-U关系图像可知,当小灯泡两端电压减小时,通过小灯泡的电流减小的越来越快，即 越来越大，所以电阻减小；

（4）小灯泡额定工作时的电阻为：，假设小灯泡的电阻不随外界环境变化而改变，那么当小灯泡两端电压为2V时，根据欧姆定律可列：，解：I=0.24A；但根据第（3）问中得出的结论可知，电阻随着电压减小而减小的越来越快，所以实际上此时灯泡的电阻小于额定工作时的电阻，即此时实际电流应大于0.24A，故此时小灯泡的电功率P实＞2V×0.24A,所以其实际功率一定大于0.48W；

又因为随着电压减小，电流也减小，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流为0.3A，所以当电压为2V时，I＜0.3A，所以此时小灯泡的 P实＜2V×0.3A，即小于0.6W;

所以B选项正确。

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