2016年高考全国1卷理数真题以及详细解答-

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2016年普通高等学校招生全国统一考试(新课标1
理科数学
I
.选择题:本大题共 12小题,每小题 求的 1)设集




5,在每小题给出的四个选项中只有一项是符合题目
x x2 4x 3 0 (B

,x 2x 3 0 (D
3(A
3, 3,3
2 (C 1,3
2 ,3 2 【答案】D
【解析】
试题分析;因M = X -4x + 3 <^={x|x> |}3f^
iV
考点:集合的交集运算
【名师点睛】集合是每年高考中的必考题一般以基础题形式出现属得分题解决此类问题一般 要把参与运算的集合化为最简形式再进行运算 集之间的运算常借助数轴进行运算 2
如果是不等式解集、函数定义域及值域有关数
(1 ix
B

1 其中xy实数|x yi =
yiA1
【答案】 【解析】
B

2

C
3 D2


试题分析 :因为 x(1 i=1 + yi所以 x xi=1+yix=1y x 1|x yi | =|1 + i |

2,故选 B
考点:复数运算

【名师点睛】复数题也是每年高考必考内容一般以客观题形式出现属得分题高考中复数考查 频率较高的内容有:复数相等 复数的几何意义共轭复数复数的模及复数的乘除运算这类问
2 题一般难度不大但容易出现运算错误特别是i 算的准确性
1中的负号易忽略所以做复数题要注意运



(3
已知等差数列 an9项的和为27, aio 8,aioo
( B
99 ( C 98 ( D
97 (A 100 【答案】C 【解析】
试题分析:由已知,
9 36d 27 ,所以a1
a1 9d 8 1,d 100 a1 99d 1 99 98,故选
C. 考点:等差数列及其运算
【名师点睛】我们知道等差、等比数列各有五个基本量两组基本公式而这两组公式可看作多 元方程利用这些方程可将等差、等比数列中的运算问题转化解关于基本量的方程( 可以说数列中的绝大部分运算题可看作方程应用题 有效的方法. (4
某公司的班车在 7:00,8:00,8:30发车小明在7:508:30之间到达发车站乘坐班车且到达
因此
所以用方程思想解决数列问题是一种行之
发车站的时刻是随机的则他等车时间不超过 10分钟的概率是
/A1
3 1 (B
2 2 ( C3 3 ( D4
(A【答案】B
【解祈】
试题分析:如图所示「画岀P寸间袖:
7:30
7:40
7:50
8:00
8:10
8:20 8:30
' ' A C ' D B
小明到这的时间会随机的苇立至叱嫩 :而当他的到辻时间落在线段M:才能保证I■也等车的 时间不超过1分钟握擔几何概型所求枫率〃盘# * .故选E.
40 考点:几何概型
【名师点睛】这是全国卷首次考查几何概型 测度由:长度、面积、体积等
2 2 2
求解几何概型问题的关键是确定“测度” 常见的
(5 已知方程 : 焦点间的距离为 4,n的取值

y 1表示双曲线且该双曲线两

m n 3m n 范围是




(A
1,3 (B
1, 3 (C 0,3 (D
0, 3 【答案】A
【解析】
试題分析二z-4——=i表示抚曲线则 w1坯:-> o
w + 3wr -n '
\-wr silwS由双曲线性质知:c1 =fw2+w+l f -w| = 4w; |其中二是半焦距 .\15E2<=2^H = 4,解得Ls吒趴故选乩
考点:双曲线的性质
【名师点睛】双曲线知识一般作为客观题学生出现主要考查双曲线几何性质属于基础题注意 双曲线的焦距是2c不是c,这一点易出错.
6)如图某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条相互垂直的半径
若该几何
28 体的体积是 ----- 则它的表面积是
3 A
17 B 18 C
20 D 28
【答案】A
【解析】 试题分析:

18
,设球的半径为R,V
7 4 28 --R3——解得R 2,所以它的 8 3 3 表面积是7的球面面积和三个扇形面积之和
8



S= 7 8 4 2+3
22 1 4 2 = 17 故选 A.
22
考点:三视图及球的表面积与体积
【名师点睛】由于三视图能有效的考查学生的空间想象能力
所以以三视图为载体的立体几何
由三
题基本上是高考每年必考内容高考试题中三视图一般常与几何体的表面积与体积交汇 视图还原出原几何体是解决此类问题的关键
7)函数y 2x2 ex 2,2的图像大致为




VI

y
z / T
V X -I
- 1

\j
l/s





【答案】D
【解析】
试题分析:函数A用心在[-是侶函数其團象关于因为= < 1所以
扌非除4 A选项;当工丘 [0.2]aty =4X-J有一事点谡为知当址0心)./0为「斟当 址(為2,乳雋为函数.故选D
考点:函数图像与性质
【名师点睛】函数中的识图题多次出现在高考试题中
也可以说是高考的热点问题 这类题目一
般比较灵活对解题能力要求较高故也是高考中的难点解决这类问题的方法一般是利用间接 即由函数性质排除不符合条件的选项 . 8)若 a b 1c 1, A ac bc
Babc bac
C
alogb c bloga c D logaC logbC 【答案】C 【解析】



1
1 1 1 1

试题分析:用特殊值法a 3,b 2,c 32 22,选项A错误,3 22 2 32,选项B
2 1 1 1 ,3iog 2 2log 32选项C正确log 3 log 2 ~,选项D错误,故选c. 2 2 2 考点:指数函数与对数函数的性质
【名师点睛】比较幕或对数值的大小若幕的底数相同或对数的底数相同通常利用指数函数或 对数函数单调性进行比较若底数不同可考虑利用中间量进行比较.
9)执行右面的程序框图如果输入的x 0y 1n 1,则输出x,y的值满足 A
y 2x B
y 3x C y 4x D
y 5x

结束
【答案】C
【解析】 试题分析:当= = 1,拈=0十耳“=1>4=1不,荷足+十工36,
二丄"•二2x1 2 iSsVpf 36=玄工二 £ + ¥二£」二 43 = 6満罡
4
iriir
w = = H*』输出"专」=6 :则输出的xj值满足v = 4,故选C
考点:程序框图与算法案例
【名师点睛】程序框图基本是高考每年必考知识点
一般以客观题形式出现难度不大,求解此类
问题一般是把人看作计算机按照程序逐步列出运行结果
10以抛物线C的顶点为圆心的圆交 CAB两点C的准线于DE两点.已知 |AB|=4 2 ,| DE|=2 5,C的焦点到准线的距离为




(A2 (B4 (C6 (D8 【答案】B

【解析】
题分析:如團谖抛物线方程为=2AB.DE交工轴于U F点则/C = 2:A点纵生标为 沁„
4 1
A点損坐标/ ―即0C = •由勾股定理知DF1 + OF1 = DO1二八j OLAO1 =八即
"C的焦点到准线的距寓为斗•故选B.
注意解析几何问题中最容易出现运算错误 以解题时一定要注意运算的准确性与技巧性 基础题失分过多是相当一部分学生数学考不好的主要原因. (11平面
过正方体 ABCDAiBiGDi的顶点
A, I I 3 2 3 1
1A 2 2 3 3
CB1D1 I ABCD m'CB1D1 I ABBA n' //CB1D1
m//m', n//n ' m, n m', n'
AD , U D1E//B1C ,连接 CE,B1D1 ,^ CE m',同理 B1F1 n',BD//CE,BIFI//AB,m', n'所成的角即为A1B,BD所成的角即为60 m,n
成角的正弦值为
3,
A. 考点:平面的截面问题面面平行的性质定理异面直线所成的角







6

【名师点睛】 求解本题的关键是作出异面直线所成角 连线成形,解形求角、得钝求补
12已知函数 fx sin x+ )(
求异面直线所成角的步骤是: 平移定角、
0 , x fx的零点,x
2 4 4 5 y f x图像的对称轴f x 单调 的最大值为
18 36 A 11 【答案】B
B9 C 7 D 5
CfftFfl
7T
T
4
4
4 T 4
试题分析:因的零:二一为/XR團像的对称轴所臥二---=-立即
4 ^=r= 加二如蛛迂宀又因为念)在信君单调时. 2 4 4 竺一兰=壬乞二=兰即心£1由此停的最大值対y故选E
36 1S 12 2 3
考点:三角函数的性质
【名师点睛】本题将三角函数单调性与对称性结合在一起进行考查

能力的好题注意本题解法中用到的两个结论 区间长度是半个周期②若f X Asin
fAf X

U8 36
叙述方式新是一道考
:f
x Asi n x A
A 0,
0的单调
x
0, 0 的图像关于直线 X x0对称
A.
II




本卷包括必考题和选考题两部分
(13~(21题为必考题每个试题考生都必须作答
(22
~(24题为选考题考生根据要求作答二、填空题:本大题共 3小题,每小题5
(13 _____________________________________________________ 向量 a=(m,1,b=(1,2, | a+b| 2=| a| 2+| b|2 m= ________________________________________________ . 【答案】 2 【解析】
试题分析:由|a bf | a|2 |b|2,a b,所以m 1 1 2 0,解得m 2. 考点:向量的数量积及坐标运算
【名师点睛】全国卷中向量大多以客观题形式出现
属于基础题解决此类问题既要准确记忆公
a又要注意运算的准确性本题所用到的主要公式是:若
人,% ,b X2,y2 ,
a b xy 2
(14 (2 X x5的展开式中,x3的系数是 ___________ (用数字填写答案 【答案】10
【解析】
试题分析:(2.r + ^5 的展幵武通项为 C(-(=ir = OJ:2:.....,^-5-^ = 3 得严=4 所以上的系数是2C =10
考点:二项式定理
【名师点睛】确定二项展开式指定项的系数通常是先写出通项 定项系数
(15 __________________________________________________________________ 设等比数列 an满足aa3=10,a2+a4=5,a1a2an的最大值为 _____________________________________________ . 【答案】64 【解析】
Tr S再确定r的值从而确定指

试题分析:设等比数列的公比为
q,
a1 a3 a2 a4 10 5 , a,1 q2 10 2ai ag(1 q 5 解得
q

1 n[1
1 2 L n 1ni.y a1a2L an a^q 8 2
2 汙是当 n 3 4 ,a1a2L an 取得最大
17n2 n
2 2 26 64. 考点:等比数列及其应用
高考中数列客观题大多具有小、巧、活的特点 尽量避免小题大做
16)某高科技企业生产产品 A和产品B需要甲、乙两种新型材料•生产一件产品 A需要甲 材料乙材料1kg,5个工时;生产一件产品B需要甲材料乙材料,3个工时.生产一件产品 A的利润为2100元住产一件产品B的利润为900元•该企业现有甲材料 150kg乙材料90kg, 则在不超过600个工时的条件下生产产品A、产品B的利润之和的最大值为 ____________________________________________________________________ . 【答案】216000 在解答时要注意方程思想及数列相关性质的应
[解析】
试题分析:设生产产品虫、产品倉分别为y件困润之和为元那么
I
[1.5x +0.5^150, x40.3y<90t 5x+3i<600r
3

二元一次不等式组①聲价于
[3x+r£300t 10x+3j<900. 5X+3J-^600T
作出二元一次不等式组②表示的平面区域(如图)
即可行域.


liW' J - ■■- 5s+3y=400
3I*}T=75M 210Vt-9Hh 1訳福
-i
^=2100x+900y变形:得尸L+W,行直知=-J直线尸J+经过点M 3 900 S 3 POO 职得最大值.
.110x+3v -900 解方程组k P EM「得3的坐标(地100-
5JC 4-3 v = 600
JT= 60 . v = 100at^M =2100x60+900x100=216000 故生产产品A .产品*利耳吐和的大値対216000
考点:线性规划的应用
【名师点睛】线性规划也是高考中常考的知识点
一般以客观题形式出现基本题型是给出约束

条件求目标函数的最值,常见的结合方式有:纵截距、斜率、两点间的距离、点到直线的距离 解决此类问题常利用数形结合 本题运算量较大失分的一个主要原因是运算失误

解答题:解答应写出文字说明 17)(本小题满分为12分)
证明过程或演算步骤
ABC 的内角 ABC 的对边分别为 abc已知 2cos Ca cosB+b cos A c.
I C
._. 3 3
II c V7 ABC的面积为 ----- VABC的周长. 2
【答案】(I C II5 7
3 【解析】



i.y

1 试题分析:(I)先利用正弦定理进行边角代换化简得 cosC -C II)根据
2 3



1 absin C 3 3 •及C ab 6 •再利用余弦定理得 2 2 3 可得
a b 2 25 •再根据c 7 C的周长为5 7 . 试题解析z (I宙已舸及正弦定珅得2ccs C(Un AcosB + sinB cos A = C
2cG»Csm(A4B = smC.
®2sitiCc&5C = 5itiC .
可得cmC二丄所以c二三.
2
3

(ID由已规丄血鈕CML

c = -s以胡=6
r
由已知及余^定理得I+ X - 3 cosC=7 / + / =BM(+“5 CJ.AABC的周长"
考点:正弦定理、余弦定理及三角形面积公式 【名师点睛】三角形中的三角变换常用到诱导公
sin A B sin C,cos A B cosC, ta n AB tanC
利用正弦定理或余弦定理处理条件中含有边或角的等式
就是常用的结论另外
常考虑对其实施“边化角”或“角化
(18 (本小题满分为12如图在以A,B,C,D,E,F为顶点的五面体中ABEF为正方形AF=2FD, AFD 90°,且二面角 D-AF-E 与二面角 C-BE-F都是 60°
I证明:平面 ABEF 平面EFDC (II求二面角 E-BC-A的余弦值.


【答案】(I)见解析(II 2 19
19 【解析】
试题分析:D先证明A7 一平面EFDC结合AFu平面ABEF得平面ABEF _平面EFDC .II 立空i司坐标系汾别求出平面向量朋及平面BCB的法向量卑:再禾I心花易)二=^二面
n |m|
试题解析:(I)由已知可得 F DF, F F 所以 F 平面 FDC. F 平面 F,故平面 F 平面FDC . II)过DDG F,垂足为0,由(I)知DG 平面 F. uu um G为坐标原点GF的方向为x轴正方向GF为单位长度建立如图所示的空间直角坐标系
G xyz . 由(1)知 DF为二面角D F 的平面角 DF
60° 2, DG| 3可得
DF
1,4,0 ,3,4,0
由已知 又平面
5
3,0,0 , D 0,0,


3 . // F,所以 //平面FDC . FDC DC
平面
CD I平面 //CD , CD// F . C F为二面角C


// F,可得 FDC,所以 F的平面角
C F 60° •从而可得C 2,0, 3 .
uuu uuu ULU
所以 C 1,0, 3 , 0,4,0 , C


uuu
3, 4, 3 ,


4,0,0 .

n x, y,z是平面


C 的法向量





r uur
i n C 0x 3z 0 r uur
0 4y 0 n

5






所以可取
n 3,0, 3 . r uuu m
m是平面

CD的法向量 uUC m0, 3,4 •则
cos n, rn 0
riim 0
2 19 19 同理可取m



故二面角
C 的余弦值为
2 19

考点:垂直问题的证明及空间向量的应用
【名师点睛】立体几何解答题第一问通常考查线面位置关系的证明 明主要包括线线、线面、面面三者的平行与垂直关系 力进行推理要防止步骤不完整或考虑不全致推理片面 问一般考查角度问题多用空间向量解决
19)(本小题满分12分)某公司计划购买 2台机器该种机器使用三年后即被淘汰
机器有一
空间中线面位置关系的证
其中推理论证的关键是结合空间想象能 该类题目难度不大以中档题为主第二
易损零件在购进机器时可以额外购买这种零件作为备件每个200在机器使用期间如果备 件不足再购买则每个500现需决策在购买机器时应同时购买几个易损零件 理了 100台这种机器在三年使用期内更换的易损零件数
为此搜集并整
得下面柱状图:
以这100台机器更换的易损零件数的频率代替 2台机器三年内共需更换的易损零件数 I X的分布列;
1台机器更换的易损零件数发生的概率
X
表示购买2台机器的同时购买的易损零件数
II 若要求PX n 0.5,确定n的最小值; III 以购买易损零件所需费用的期望值为决策依据 【答案】(I)见解析(II19IIIn 19 【解析】

n 19n 20之中选其一应选用哪 个?



试题分析:(I先确定X的取值分别为16,17,18,18,20,21,22,,再用相互独立事件概率模型求概
然后写出分布列;(II通过频率大小进行比较;(III分别求出n=9,n=20的期望 根据n 19 时所需费用的期望值小 n 20时所需费用的期望值应选n 19.
试題解析;(I〕由柱状團并以频車代替粧率可得•一台机器在三年内需更换的易损零件数为8^10.11 率分别为02ZX2让从而
= 16 = 02x0J =0.04 P(T = 17 = 2x0.2x0.4 = 0.16 j
P(X = 18 = 2x0,2x02+ 0.4 x 0.4 = 024 $ P(X =19 = 2x0.2x0.2+2x0.4x0.2 =0.24 P(X = 20 = 2 x 0.2 x 0.4 + 0.2 x(12 = 0.2 j
P(A^21 = 2xO.2xO.2 = O.0Sj
P(X= 2^ = 0.2 x 0.2 =O.M
所以X的分布列为
X

16
17
18
19
20 21 22
P 0.04 0.16 0.24 0.24 0.2 0.08 0.04
(n(I
P(X 18 0.44,P(X 19 0.68 n 的最小值为
19. (Y表示 2台机器在购买易损零件上所需的费用(单位:元
19 ,EY (19 200 3
19 200 0.68 (19 500 0.04 4040 . 200 500 0.2 (19 200 2 500 0.08 20, EY 20 200 0.88 (20 200 500 0.08 (20 200 2 500 0.04 4080. 可知当n 19时所需费用的期望值小于 n

20时所需费用的期望值 ,故应选n 19. 考点:概率与统计、随机变量的分布列
【名师点睛】本题把随机变量的分布列与统计及函数结合在一起进行考查
有一定综合性但难
.
度不是太大大求解关键是读懂题意所以提醒考生要重视数学中的阅读理解问题 (20 .(本小题满分12设圆x2 y2 2x 15 0的圆心为A,直线I过点B (1,0且与


x轴不重合1交圆AC,D两点BAC的平行线交AD于点E (I证明EA EB为定值并写出点E的轨迹方; (II设点E的轨迹为曲线 Ci,直线|CiM,N两点,B且与I垂直的直线与圆 A交于P,Q 两点求四边形MPNQ积的取值范围.
2 2 【答案】(I X y 1 ( y 0 ( II
[12,8 3 4 3 【解析】
试题分折:根|<|十圖冋知轨迹为椭凰刹用胸S罡义求方程;CID分斜率罡否存在设出晝线方程兰晝 线斜率存在时设其方程为 > =-1}(0 系数的关系和弦长公式把面积表示为事率冷涵数
再求最值.
试题解析: (I因为 | AD | | AC |,EB//AC, EBD
所以 | EB | | ED |, | EA| | EB | | EA | 又圆A的标准方程为(x 12 y2
ACD ADC ,
| ED | |AD |. | EB | 4. 16,从而|AD| 4 ,所以| EA | 由题设得A( 1,0,B(1,0 ,| AB| 2,由椭圆定义可得点 E的轨迹方程为:
(nIx轴不垂直时l的方程为y

k(x 1(k
0M(X1y NXy. y k(x 1 x2 y2
(4k2 3x2 8k2x 4k2 12 0. ——1 4 3 所以
| MN |

1 k2 |x1
x2|1 3
过点B(1,0且与I垂直的直线 m : y


1 2 (x 1,Am的距离为——2

则% x2
8k2
4k2 3,轨
4k2 12 4k2 3



|PQ| 2 4
24
.故四边形MPNQ的面积
2|MN ||PQ| 12 1l

1 4k2
3 可得当Ix轴不垂直时四边形MPNQ面积的取值范围为12,8 3. Ix轴垂直时其方程为x 1,| MN | 3,| PQ | 8,四边形MPNQ的面积为12. 综上四边形MPNQ面积的取值范围为12,8 3. 考点:圆锥曲线综合问题
【名师点睛】高考解析几何解答题大多考查直线与圆锥曲线的位置关系 置关系是一个很宽泛的考试内容
直线与圆锥曲线的位
主要由求值、求方程、求定值、最值、求参数取值范围等几
解决这类问题要重视方程思想、函数思想
部分组成其中考查较多的圆锥曲线是椭圆与抛物线 及化归思想的应用
2 (21(本小题满分12已知函数f x x 2 ex a x 1有两个零点. (I a的取值范围;
(II X1,X2f x的两个零点 证明:N x2 2. 【答案】(0, 【解析】
II分析](I求异,根辱函数的符号来确宗:主娶要根將导回数零点、来分;(n.ia组第一问的结论来证明:
由单调性可知+c 2等价于/(X0 乳© =(梵一
一对 0 .g(x --Vf - - (.V-.
一眄.贝而g=0故当"吋公(QV0.从而
(兀:2 —花"「故画+21
试题解析;(I f'(x (x 1ex 2a(x 1 (x 1(ex 2a.
(i a 0, f (x (x 2ex, f (x只有一个零点.



(ii
a 0 则当 x ( ,1,f '(x 0 ;当 x (1,,f '(x 0 .所以 f(x (,1上单调递减(1,上单调递增. f e,f(2 a,b满足b 0b In a ,
2
a f (b (b 2 a(b 12 a(b2
2 2 f (x存在两个零点. (iii a 0 , f '(x a
e
2
2 3 b 0, 0x 1 x ln( 2a. 0,因此 f (x(1,

ln( 2a 1故当x (1,,f '(x 2
上单调递增•又
x 1 ,f (x 0,所以f(x不存在两个零点. a

e
-, ln( 2a 1,故当x (1,ln( 2a,f '(x 2
0 x (ln( 2a,
,f '(x 0 •因此f(x(1,ln( 2a单调递减 (ln( 2a,单调递增•又当x 1 ,f (x 0,所以f (x不存在两个零点. 综上,a的取值范围为(0,. (II不妬设码w%([知西疋(虫」£琳1=0/-码丿((一忑1上单调逋减所 + €2等价■ /(^j > /(2-Xj ,01/(2-^ < 0.
由于/(2--/ + 贰孔-1/<^ = (xj-+ o(x; -1:0脚丄
f(2-"砂出一3-2^
M 二一血x - 2X.ni] 0( Cx--0
所以当IgXx <g=a故当q 1.< o 从而E/V一七勺十七v2 -
考点:导数及其应用
【名师点睛】对于含有参数的函数单调性、极值、零点问题 要注意分类讨论的原则:互斥、无漏、最简;
通常要根据参数进行分类讨论
解决函数不等式的证明问题的思路是构造适当
的函数利用导数研究函数的单调性或极值破解
请考生在222324题中任选一题作答如果多做则按所做的第一题计分做答时请写清题号 (22 (本小题满分10选修4-1 :几何证明选讲



1 如图,OAB是等腰三角形/AOB=120° O为圆心,OA为半径作圆
2 (I 证明:直线 ABe O相切;
(II C,DO OA,B,C,D四点共圆证明:AB// CD. 【答案】(I见解析(II见解析

[解析】
试题分析;⑴设E是曲的中点堤证明^AOE = 6^.^步可得OE = \AO,即0到直线-毎的7鬧尊于 0^所決直线曲与O 0相切.(II设少是咼耳G D四点所在圈的圆心作直线OOI证明 OO^ AB OO ' _ CD r此可证明丿ECD .
试题解析:(IEAB的中点连结OE ,
因为 OA OB, AOB 120所以 OE AB, AOE 60 .
1 Rt AOE,OE AO, O到直线AB的距离等于圆O的半径 所以直线ABO O
2 .

(n因为OA 2OD ,所以O不是代B,C,D四点所在圆的圆心O'是代B,C,D四点所 在圆的圆心作直线OO'. 由已知得O在线段AB的垂直平分线上O'在线段AB的垂直平分线上所以OO' AB . 同理可证,OO' CD •所以AB //CD .




考点:四点共圆、直线与圆的位置关系及证明 【名师点睛】近几年几何证明题多以圆为载体命制
在证明时要抓好“长度关系”与“角度关
系的转化”熟悉相关定理与性质该部分内容命题点有:平行线分线段成比例定理;三角形的 相似与性质;四点共圆;圆内接四边形的性质与判定;切割线定理
23)(本小题满分10分)选修44:坐标系与参数方程 在直角坐标系x y曲线Ci的参数方程为

acost 1 asi nt t为参数a> 0
在以坐标原点为极点,x轴正半轴为极轴的极坐标系中 曲线C2 p=4 cos I)说明Ci是哪一种曲线拼将Ci的方程化为极坐标方程; II)直线C3的极坐标方程为 a
【答案】(I)圆2 2 sin 1 a2
o,其中°满足tan o=2,若曲线CiC2的公共点都在 C3,
0 II
1 时】
试题分⑴宪把/ [y=1-asm? y =
汩直甬坐标方程再化为极坐标方劉 ⑵心x-2|-r =4:C.:
C:方程相减得4^-2y+l-=0就是为£方程’对照可得G =-
叮祚(刃羽疹数厂—⑺-讦―
试题解析:⑴
G0八)內圆心"半径的圆+方程为k ^r-2j-1-^=0
=p-, -2pini?+l-4r-0 即为 C3 的极坐标方程
2 2 2 2
C2 : 2 2 4cos两边同乘 4 cos Q x y , cos x 2
x y 4x,l x 2 y 4
C3 :化为普通方程为 y 2x,由题意:GC2的公共方程所在直线即为 C3
①一②得:4x 2y 1 a2
2
0,即为C3
1 a 0,
a 1



考点:参数方程、极坐标方程与直角坐标方程的互化及应用标方程与参数方程的互化公式及应用

24)(本小题满分10分)选修4 5 :不等式选讲 已知函数f x |x 1 |2x 3 . I)在答题卡第(24)题图中画出y f x的图像; II)求不等式f x 1的解集












V



























0

1

























1 【答案】(I)见解析(II
U 1, 3 U 5
3 【解析】
H -4 , H W -1
试题分析:取绝对憤得分段函埶门力岂女-2,-山“土然后作冒;C
一—
\
3
区间法分g-L 份类求解撚后取幷集
t X-
试题解析:⑴如图所示:

申雪点分



【名师点睛】不等式证明选讲多以绝对值不等式为载体命制试题
主要涉及图像、解不等式、
由不等式恒成立求参数范围等 解决此类问题通常转换为分段函数求解注意不等式的解集一 定要写出集合形式


本文来源:https://www.2haoxitong.net/k/doc/88889469930ef12d2af90242a8956bec0975a5f3.html

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