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正在进行安全检测...

发布时间：2023-10-11 14:21:35   来源：文档文库   
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2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共8小题1．如图所示是匀强电场中的一组等势面，每两个相邻等势面的距离是25cm，由此可确定电场强度的方向及大小为（）A．竖直向下，E＝1．4N/CC．水平向左，E＝41N/CB．水平向右，E＝1．4N/CD．水平向右，E＝41N/C2．如图所示，长为a宽为b的矩形区域内（包括边界）有磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外．0点有一粒子源，某时刻粒子源向磁场所在区域与磁场垂直的平面内所有方向发射大量质量为m电量为q的带正电的粒子，粒子的速度大小相同，粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T，最先从磁场上边界射出的粒子经历的时间为相互作用，则（）TT，最后从磁场中飞出的粒子经历的时间为，不计重力和粒子之间的412A．粒子速度大小为BqbmB．粒子做圆周运动的半径为3bC．a的长度为（3+1）bD．最后从磁场中飞出的粒子一定从上边界的中点飞出3．如图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时产生的正弦交流电的图像，当调整线圈转速后，所产生的正弦交流电的图像如图线b所示．以下关于这两个正弦交流电的说法中正确的是(A．线圈先后两次转速之比为1∶2B．交流电a的电压瞬时值u=10sin0.4πt（V）C．交流电b的电压最大值为20V3D．在图中t=0时刻穿过线圈的磁通量为零
4．已知电源的交变电压的表达式为u2202sin120t(V，电源的内阻不计．下列说法正确的是A．用电压表测该电源电压时其示数为2202VB．将该电压加在220的电阻两端，则该电阻消耗的电功率为220WC．交流电的频率为60Hz,电流方向每秒改变60次D．当t=0.1s时电压表示数为0V5．如图所示，光滑水平面与光滑半球面相连，O点为球心，一轻绳跨过光滑小滑轮连接物块A、B，A、B质量相等可视为质点，开始时A、B静止，轻绳水平伸直，B与O点等高，释放后，当B和球心O连线与竖直方向夹角为30°时，B下滑速度为v，此时A仍在水平面上，重力加速度为g，则球面半径为7v2A．4g7v2B．43g73v2C．4g7v2D．42g6．在两个足够长的固定的相同斜面体上(其斜面光滑，分别有如图所示的两套装置，斜面体B的上表面水平且光滑，长方体D的上表面与斜面平行且光滑，p是固定在B、D上的小柱，完全相同的两只弹簧一端固定在p上，另一端分别连在A和C上，在A与B、C与D分别保持相对静止状态沿斜面自由下滑的过程中，下列说法正确的是(A．两弹簧都处于拉伸状态B．两弹簧都处于压缩状态C．弹簧L1处于压缩状态，弹簧L2处于原长D．弹簧L1处于拉伸状态，弹簧L2处于压缩状态7．关于冲量，下列说法中正确的是(A．冲量是物体动量变化的原因C．动量越大的物体受到的冲量越大B．作用在静止的物体上的力的冲量一定为零D．冲量的方向就是物体运动的方向8．如题图所示为一理想变压器和负载电阻R，下列哪种做法可增加变压器原线圈的输入功率（）
A．只减少副线圈匝数B．只增加原线圈匝数C．只增大R的阻值D．只减小R的阻值二、多项选择题：本题共4小题9．关于电磁波，下列说法正确的是A．电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关B．周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成电磁波C．电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直D．利用电磁波传递信号可以实现无线通信，但电磁波不能通过电缆、光缆传输10．如图是某种晶体的熔化图象，下列说法中正确的是(A．ab段是吸热过程，cd段是放热过程B．ab、bc、cd三段都是吸热过程C．ab段物质处于固态，bc和cd两段处于液态D．bc段是晶体熔化过程11．如图所示，匝数n=10匝、面积S=0.5m²的矩形闭合导线框ABCD(内阻不计处于磁感应强度大小B=2T的匀强磁场中线框绕垂直于磁场的轴OO以角速度ω=rad/s匀速转动，并与理想变压器原线圈相连副线圈接入的一只标有“2.5V，1.5W”的小灯泡恰好正常发光，不计线框电阻．下列说法正确的是（）A．在图示位置时，线框中产生的感应电流最大B．线框中产生电动势的有效值为5VC．变压器原副线圈匝数之比为2：1
D．流过灯泡的电流方向每秒钟改变1次212．以下有关近代物理内容的几种说法中正确的是(A．重核的裂变过程质量增大，轻核的聚变过程有质量亏损B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应C．若使放射性物质的温度升高，其半衰期可能变小D．用14eV光子照射位于基态的氢原子，可使其电离三、实验题:共2小题13．实验室准备用来测量某电学元件Rx（阻值约十几欧）的伏安特性，准备的实验器材有：电压表V（量程0~3V，内电阻约20kΩ）电流表A1（量程0~30mA，内电阻约2Ω）电流表A2（量程0~300mA，内电阻约0.2Ω）滑动变阻器R1（最大阻值为20Ω，额定电流为1A）滑动变阻器R2（最大阻值为300Ω，额定电流为0.1A）新干电池两节E（电动势为3V、内阻不计）开关及导线若干进行了如下操作：（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图1所示，由图可知其长度为________mm；（2）实验要求电表读数从零开始变化，并能多测几组电流、电压值，以便画出电流–电压的关系图线，为了实验能正常进行，减少测量误差，还要求滑动变阻器便于调节，则电流表应选用________（填实验器材的代号）；滑动变阻器应选用________（填实验器材的代号）；（3）研究通过该电学元件的电流I随两端电压U变化的关系，设计了如图2所示实验电路.为使该电学元件两端电压能从零开始调起，请你用笔划线代替导线将电路实物图连接完整________；
（4）利用（3）中实验电路测得相关数据如下表所示，请在图3的坐标纸上绘出I–U图象________；U/VI/A000.400.0200.600.0450.800.0801.000.1251.200.1801.320.2201.500.281（5）若用一节电动势为1.5V、内阻为7.5Ω的干电池对该元件供电.则该元件消耗的电功率为________W（结果保留2位有效数字）.14．在验证牛顿第二定律实验中，小车及车中砝码的质量用M表示，桶及桶中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带通过打点计时器打出的点计算出．（1）某组同学用如图甲所示装置，采用控制变量的方法，来研究M不变的情况下，小车的加速度a与小车受到的力的关系．下列操作不正确的是_____．①首先要平衡摩擦力，使小车受到的合力就是细绳对小车的拉力②平衡摩擦力的方法就是，在塑料小桶中添加砝码，使小车能匀速滑动③每次改变拉小车的拉力后都需要重新平衡摩擦力④实验中通过在塑料桶中增加砝码来改变小车受到的拉力⑤实验中将小车靠近打点计时器，然后先放小车，再开打点计时器的开关（2）该同学得到如图乙所示的纸带，A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点．相邻两点间的时间0.02s由此可算出小车的加速度a=_____．（3）该同学测得小车质量M一定时，a与F的数据资料如下表所示．根据表中数据，在右图坐标系中描点画出图丙a=F图象：根据图象可以得出结论：_____．a/（m/s2）F/N1.981.004.062.005.953.008.124.00四、解答题：本题共4题15．如图所示的电路中,两平行金属板A、B水平放置,两板间的距离d10cm.电源电动势E6V,内电阻r10,电阻R3.闭合开关S,待电路稳定后,一带电的液滴恰静止于A、B两板间已知液滴带电量q1102C,质量m2102kg(取g10m/s2求：
(1A、B两板间的电压Ue；(2滑动变阻器接入电路的阻值R0；(3电源的输出功率P出.16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，棱镜材料的折射率为n=2，在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从直角边AC的中点M射入棱镜，不考虑光线沿原路返回的情况．求：（1）全反射的临界角C为多少度？（2）光线第一次折射角r为多少度？17．如图是一种光电计数装置的原理图，被计数的制品放在传送带上，光源安装在传送带的一侧，光电计数装置安装在传送带的另一侧。每当传送带上有一个制品通过时，光线被挡住，电磁铁放开衔铁，计数齿轮转过一齿，计数器自动把制品数目记下来。试说明这种计数装置的工作原理_______。18．如图所示，质量m＝1.0×10－4kg、电荷量q＝1.0×10－6C的带正电微粒静止在空间范围足够大的电场强度为E1的匀强电场中．取g＝10m/s1．(1求匀强电场的电场强度E1的大小和方向；(1在t＝0时刻，匀强电场强度大小突然变为E1＝4.0×103N/C，且方向不变．求在t＝0.10s时间内电场力做的功；(3在t＝0.10s时刻突然撤掉第(1问中的电场，求带电微粒回到出发点时的动能．
参考答案一、单项选择题：本题共8小题1．D【解析】试题分析：根据电场线总和等势面垂直，并且由电势高的等势面指向电势低的等势面可知，由图中可知电场方向是水平向右；匀强电场的等势面是一些平行的等间距的直线，且沿着电场线，电势降低的最快，且每前进相同距离，电势降低相等的值，由图可知电势差为11V，由场强与电势差关系公式U=Ed可以知道，；故选D．考点：等势面；电场强度【名师点睛】本题考查对等势面和电场线关系的理解能力．结合场强与电势差的关系分析判断．属于常规题，比较容易．2．C【解析】试题分析：根据左手定则可知，粒子在磁场中受到的洛伦兹力的方向向右，将向右偏转．结合运动的特点可知，粒子向上的分速度越大，则越早从上边界飞出．所以最早从上边界飞出的粒子进入磁场的方向是竖直向上的．又由题最先从磁场上边界射出的粒子经历的时间为度：tT，根据：，则粒子偏转的角T36012t136036030．做出这种情况下粒子运动的轨迹如图1，由图中几何关系可知：T12rb2bsin30qrB2qBbmv2粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，即：qvB所以：v．故A错误，B错误；mmrC、D、粒子的入射的方向在90°的范围以内，又r=2b，所以粒子运动的轨迹不会超过半个圆，运动的时间不超过半个周期，由t可知，轨迹的圆心角越大，则运动的时间越长，而圆心角越大，对应的弦T360T，画出运动的最长轨迹如图2，则：4长越长，所以粒子运动的最长时间的轨迹，弦长也最长．所以最后射出磁场的粒子一定是从磁场的右边射出，最后从磁场中飞出的粒子经历的时间为
sinrb2bb1r2b2T，则偏转角等于90°，γ=90°4所以：α=30°，β=90°﹣α=60°，由于最后从磁场中飞出的粒子经历的时间为﹣β=30°，由几何关系可得：arcosrsin2bcos302bsin30(31b．故C正确，D错误．故选C考点：带电粒子在磁场中运动【名师点睛】该题考查带电粒子在磁场中运动的几种临界问题，解题的关键是根据题目的条件，正确画出粒子运动的轨迹，然后从运动的轨迹中确定临界条件和几何关系．此题综合性较强，意在考查学生综合分析问题的能力.3．C【解析】试题分析：由图可知，周期Ta=0.4S，Tb=0.6s，则线圈先后两次转速之比na：nb=Tb：Ta=3：1．故A错误．由图电压最大值Um=10V，周期Ta=0.4S，，交流电压的瞬时值表达式为u=Umsinωt=10sin5πtV．Umb=ωa：ωb=3：故B错误．由电动势的最大值Em=NBSω，则两个电压最大之值比Uma：1，则交流电b电压的最大值为而磁通量最大．故D错误．故选C考点：考查交流电的有效值、峰值、磁通量点评：本题难度较小，要根据电动势最大值表达式研究电压最大值之间的关系．至于电压与磁能量的关系，根据法拉第电磁感应定律分析4．B【解析】用电压表测该电源电压时其示数为电压的有效值，大小为U．故C正确．t=0时刻U=0，根据法拉第定律，磁通量变化率为零，2202V220V，选项A错误；将该电2U22202压加在220Ω的电阻两端，则该电阻消耗的电功率为PW220W，选项B正确；交流电R220的频率为f12060Hz，电流方向每秒改变120次，选项C错误；电压表的示数为交流电的有22效值，总是220V，选项D错误；故选B.5．B【解析】【分析】【详解】滑块A和滑块B构成的绳连接体，系统只有重力做功系统机械能守恒，故：mgRcos30=1212mvAmvB；22
将B的速度沿着平行绳子和垂直绳子方向正交分解，如图所示：7v2滑块A和B沿着同一根绳子的分速度相等，故：vA=vBcos30°，其中：vB=v，联立解得：R，故43g选B．【点睛】本题关键时明确系统机械能守恒，单个物体的机械能不守恒，同时要两个两个物体沿着绳子的分速度时相等的．6．C【解析】A与B保持相对静止，Ma=Mgsinα；a=gsinα；则二者向下的加速度是相等的，设它们的总质量为M，则：所以：同理，若以C、D为研究对象，则它们共同的加速度大小也是gsinα．以A为研究对象，A受到重力、斜面体B竖直向上的支持力时，合力的方向在竖直方向上，水平方向的加速度：ax=acosα=g•sinαcosα；该加速度由水平方向弹簧的弹力提供，所以弹簧L1处于压缩状态；以B为研究对象，则B受到重力、斜面的支持力作用时，合力的大小：F合=mgsinθ，所以B受到的重力、斜面的支持力作用提供的加速度为：a=gsinα，即B不能受到弹簧的弹力，弹簧L2处于原长状态．故选项C正确，ABD错误．故选C．7．A【解析】【详解】A.力作用一段时间便有了冲量，而力作用一段时间后，物体的运动状态发生了变化，物体的动量也发生了变化，因此说冲量使物体的动量发生了变化，A正确；B.只要有力作用在物体上，经历一段时间，这个力便有了冲量I＝Ft，与物体处于什么状态无关，物体运动状态的变化是所有作用在物体上的力共同产生的效果，B错误；C.物体所受冲量I＝Ft与物体动量的大小p＝mv无关，C错误；D.冲量的方向与物体运动方向无关，D错误．8．D【解析】【详解】2U1n1n2U可知，U2U1，只减小副线圈匝数n2，则U2减小，P2，P2减小。因PA、由1P2，2n1U2n2R
故输入功率P1减小，A错误；2n2U2B、由U2U1可知，只增加原线圈匝数U1，则U2减小，P，P2减小。因P1P2，故输入2n1R功率P1减小，B错误；C、U1不变，U2不变，只增大R的阻值，由PC错误；D、U1不变，U2不变，只减小R的阻值，由PD正确；二、多项选择题：本题共4小题9．ABC【解析】电磁波在真空中的传播速度即为真空中的光速，与频率无关，A正确；根据麦克斯韦的电磁场理论，B正确；电磁波是横波，其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直，C正确；电磁波可以通过全反射在光缆中传播，D错误。10．BD【解析】【详解】晶体在ab段呈固态，吸收热量，温度逐渐升高；bc段呈水平线段，是晶体溶化阶段，吸收热量，但温度保持不变；在cd段已全部熔化为液态，吸收热量，温度逐渐升高．故三段都是吸热过程，A错误，B正确；bc段是晶体溶化阶段，C错误，D正确．故选BD．11．BC【解析】【分析】【详解】A．由图可知，此时线圈和磁场垂直，此时线框的磁通量最大，感应电动势为0，故A错误；B．矩形闭合导线框ABCD在磁场中转动，产生的交流电的最大值为2U2R2可知，P2减小，因P1P2，故输入功率P1减小，2U2R2可知，P2增加，因P1P2，故输入功率P1增加，EmnBS1020.51V52V所以有效值为EEm5V2故B正确；

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