2010年海南高考试题理综物理解析版

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2010年普通高等学校招生全国统一考试
物理(海南

I
一、单项选择题:(本颐共6小题,每小题3分,共18分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
11873年奥地利维也纳世博会上,比利时出生的法国工程师格拉姆在布展中偶然接错了导线,把另一直流发电机发出的电接到了自己送展的直流发电机的电流输出端。由此而观察到的现象导致了他的一项重要发明,从而突破了人类在电能利用方中的一个瓶颐.此项发明是 A.新型直流发电机 B.直流电动机 C.交流电动机 D.交流发电机

B 解析:直流发电机发电时接另一直流发电机,则另一直流发电机实际成了直流电动机,B正确。考查电机知识及考生灵活运用知识的能力。难度较易。
2.一金属圆环水平固定放置。现将一竖直的条形磁铁,在圆环上方沿圆环轴线从静止开始释放,在条形磁铁穿过圆环的过程中,条形磁铁与圆环 A.始终相互吸引 B.始终相互排斥
C.先相互吸引,后相互排斥 D.先相互排斥,后相互吸引
D 解析:由楞次定律可知,当条形磁铁靠近圆环时,感应电流阻碍其靠近,是排斥力;当磁铁穿过圆环远离圆环时,感应电流阻碍其远离,是吸引力,D正确。考查楞次定律,难度较易。 3.下列说法正确的是
A.若物体运动速率始终不变,则物体所受合力一定为零 B.若物体的加速度均匀增加,则物体做匀加速直线运动
C.若物体所受合力与其速度方向相反,则物体做匀减速直线运动
D.若物体在任意的相等时间间隔内位移相等,则物体做匀速直线运动
D 解析:物体运动速率不变但方向可能变化,因此合力不一定为零,A错;物体的加速度均匀增加,即加速度在变化,是非匀加速直线运动,B错;物体所受合力与其速度方向相反,只能判断其做减速运动,但加速度大小不可确定,C错;若物体在任意的相等时间间隔内位移相等,则物体做匀速直线运动,D对。考查运动性质与力的关系,难度较易。

4.如右图, MNP是以MN为直径的半圈弧上的三点,O点为半圆弧的圆心,MOP60.电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于MN两点,这时O点电场强度的M O N
大小为E1若将N点处的点电荷移至P点,O点的场场强大小变为E2E1E2之比为 A1:2

B2:1

C2:3

D4:3
60°
P
B 解析:依题意,每个点电荷在O点产生的场强为E1,则当N点处的点电荷移至P点时,O点场强如图2
所示,合场强大小为E2E2E1,则1B正确。考查点电荷的场强及电场的E212E1/2

叠加,难度中等。
E1/2 E2


5.如右图,水平地面上有一楔形物块a,其斜面上有一小物块bb与平行于斜面的细绳的一端相连,细绳的另一端固定在斜面上.ab之间光滑,ab以共同速度在地面轨道的光滑段向左运动.当它们刚运行至轨道的粗糙段时
A.绳的张力减小,ba的正压力减小
b B.绳的张力增加,斜面对b的支持力增加 a
C.绳的张力减小,地面对a的支持力增加 θ D.绳的张力增加.地面对a的支持力减小 C 解析在光滑段运动时,系统及物块b处于平衡状态,因此有FcosFNsin0F θ

mg FN
FsinFNcosmg0;当它们刚运行至轨道的粗糙段时,系统有水平向右的加,此时有种可能,是物b相对静,竖直方加速度为,则FsinFNcosmg0仍成立,FcosFNsinma0因此绳的张力F将减小,而地面对a的支持力不变;二是物块b相对于a向上滑动,具有向上的加速度,是超重,因此绳的张力减小,地面对a的支持力增大,C正确。考查受力分析、牛顿第二定律及运动状态判断的能力,难度较大。

6.在水平的足够长的固定木板上,一小物块以某一初速度开始滑动,经一段时间t后停止.现将该木板改置成倾角为45°的斜面,让小物块以相同的初速度沿木板上滑.若小物块与木板之间的动摩擦因数为.则小物块上滑到最高位置所需时间与t之比为
A2 1 B12 C2 D1 2A 解析:木板水平时,小物块的加速度a1g,设滑行初速度为v0,则滑行时间为tv0;木板改成g后,小物块上滑的加速度a2vv0mgsin45mgcos45(12g滑行时间t0m2a2(12g因此ta12A项正确。考查牛顿第二定律和直线运动规律的应用,难度中等。 ta21
7.下列说法正确的是
A.当线圈中电流不变时,线圈中没有自感电动势
B.当线圈中电流反向时.线圈中自感电动势的方向与线圈中原电流的方向相反 C.当线圈中电流增大时,线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相反

D.当线圈中电流减小时,线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相反
AC 解析:由法拉第电磁感应定律可知,当线圈中电流不变时,不产生自感电动势,A对;当线圈中电流反向时.相当于电流减小,线圈中自感电动势的方向与线圈中原电流的方向相同,B错;当线圈中电流增大时,自感电动势阻碍电流的增大,线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相反,C对;当线圈中电流减小时,自感电动势阻碍电流的减小,线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相同,D错。考查自感电动势和楞次定律,难度较大。

8.如右图,木箱内有一竖直放置的弹簧,弹簧上方有一物块:木箱静止时弹自由落体处于压缩状态且物块压在箱顶上.若在某一段时间内,物块对箱顶刚好无压力,则在此段时间内,木箱的运动状态可能为
A.加速下降 B.加速上升 C.减速上升 D.减速下降
BD 解析木箱静止时物块对箱顶有压力,则物块受到顶向下的压力,当物块对箱顶刚好无压力时,表明系统有向上的加速度,是超重,BD正确。考查受力分析、牛顿第二定律及超重和失重现象,难度中等。

9.如右图,一理想变压器原副线圈匝数之比为41 ,原线圈两端接入一正弦交流电源;副线圈电路中R为负载电阻,交流电压表和交流电流表都是理想电表.下列结论正确的是
A.若电压表读数为6V,则输入电压的最大值为242V
B.若输入电压不变,副线圈匝数增加到原来的2倍,则电流表的读数减小到原来的一半
C.若输入电压不变,负载电阻的阻值增加到原来的2倍,则输入功率也增加到原来的2 D.若保持负载电阻的阻值不变.输入电压增加到原来的2倍,则输出功率增加到原来的4 AD 解析:若电压表读数为6V,则输入电压为U146V24V是有效值,因此其最大值为242VA1正确;若输入电压不变,副线圈匝数增加到原来的2倍,则输出电压也增加到原来的2倍,电流表示数应增加到原来的2倍,B错;若输入电压不变,负载电阻的阻值增加到原来的2倍,则输出电流减小到原来的一半,输入功率等于输出功率即PIU也减小到原来的一半,C错;若保持负载电阻的阻值不变.输U2入电压增加到原来的2倍,输出电压增大到原来的2倍,则由P可知输出功率增加到原来的4倍,RD正确。考查交流电的最大值和有效值,理想变压器等,难度中等。

10.火星直径约为地球的一半,质量约为地球的十分之一,它绕太阳公转的轨道半径约为地球公转半径的1.5倍。根据以上数据,以下说法正确的是
A.火星表面重力加速度的数值比地球表面小 B.火星公转的周期比地球的长 C.火星公转的线速度比地球的大
D.火星公转的向心加速度比地球的大 AB 解析:由GMmM2mggG,计算得火星表面的重力加速度约为地球表面的A正确;由R2R25Mm22r3,公转轨道半径大的周期长,B对;周期长的线速度小,(或由G2m(RT2rTGM
vGMM判断轨道半径大的线速度小C错;公转向心加速度aG2D错。本题考查万有引力定律rr及行星的运动,难度中等。



本卷包括必考题和选考题两部分。第11~16题为必考题,每个试题考生都必须做答。第17~19题为选考题,考生根据要求做答。
三、填空题:(本题共2小题,每小题4分,共8分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。
11.利用静电除尘器可以消除空气中的粉尘.静电除尘器由金属管A和悬在管中的金属丝B组成,AB分别接到高压电源正极和负极,其装置示意图如右图所示.AB之间有很强的电场,距B越近,场强__________(填:越大越小B附近的气体分子被电离成为电子和正离子,粉尘吸附电子后被吸附到_______(填“A”“B”)上,最后在重力作用下落入下面的漏斗中.
答案:越大(2 A(2
解析:电极截面如图所示,由电场线可判断越靠近B场强越大;粉尘吸附+ B
A 电子后带负电,因此向正极A运动。考查静电的应用,难度中等。


12.雨摘下落时所受到的空气阻力与雨滴的速度有关,雨滴速度越大,它受到的空气阻力越大:此外,当雨滴速度一定时,雨滴下落时所受到的空气阻力还与雨滴半径的次方成正比(12.假设一个大雨滴和一个小雨滴从同一云层同时下落,最终它们都_______(填加速减速匀速)下落.______(填)雨滴先落到地面;接近地面时,______(填)雨滴的速度较小. 答案:匀速(2 (1 (1
解析:由于雨滴受到的空气阻力与速度有关,速度越大阻力越大,因此最终当阻力增大到与重力平衡时都做匀速运动;设雨滴半径为r,则当雨滴匀速下落时受到的空气阻力fr,而重力mg43r,由312,因此半径大的匀速运动的速度大,先落地且落地速度大,小雨滴落地速度小。考查平衡及考生的综合分析能力,难度较大。

四、实验题:(本且共2小题,第136分,第149分,共15分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。
V 13.图1为测量电压表V内阻r的电路原理图.图中S1 两个固定电阻的阻值均为RS1S2是开关,E电源(内阻可忽略)
(1按电路原理图将图2中的实物图连线;
(2开关S1保持断开,合上开关S2,此时电压表的读R E
1 1 S2

S2

R
S1

S1

S2



数为U1;再合上开关S1,电压表的读数变为U2,电压表内阻 r =___________(用U1U2R表示) 答案(1实物图连线如右图所示。(4 (2U1R(2
U22U1U1ERRRrRrr,合上开关S1,则EU2,解得rR 解析:开关S1保持断开时,U1U22U1Rr
14.利用气垫导轨验证机械能守恒定律,实验装置示意图如图1所示:


(1实验步骤:
将气垫导轨放在水平桌面上,桌面高度不低于lm ,将导轨调至水平;
用游标卡尺测量挡光条的宽度l,结果如图2所示,由此读出l________mm 由导轨标尺读出两光电门中心之间的距离s__________m
将滑块移至光电门1左侧某处,待砝码静止不动时,释放滑块,要求砝码落地前挡光条已通过光电门2 从数字计时器(图1中未画出)上分别读出挡光条通过光电门1和光电门2所用的时间t1t2
用天平称出滑块和挡光条的总质量M,再称出托盘和砝码的总质量m
(2用表示直接测量量的字母写出下列所示物理量的表达式:
滑块通过光电门1和光电门2时瞬时速度分别为v1__________v2________
当滑块通过光电门1和光电门2时,系统(包括滑块、挡光条、托盘和砝码的总动能分别为Ek1___________Ek2__________
在滑块从光电门1运动到光电门2的过程中,系统势能的减少EP__________(重力加速度为g (3如果EP______________,则可认为验证了机械能守恒定律。 答案 (1②9.30(1





③60.00(1分,答案在59.96~60.04之间的,也给这1
(2①ll(1 t1t21l1l2(Mm(2(Mm((1 2t12t2




mgs (3Ek2Ek1(2
解析:由于挡光条宽度很小,因此将挡光条通过光电门时的平均速度当作瞬时速度。


五、计算题:(本题共2小题,l58分,1611分,19分。把答案写在答题卡中指定的答题处.求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

15右图中左边有一对平行金属板,两板相距为d电压为V两板之间有匀强磁场,磁感应强度大小为B0方向与金属板面平行并垂直于纸面朝里。图中右边有一半径为R圆心为O的圆形区域内也存在匀强磁场,磁感应强度大小为B方向垂直于纸面朝里。一电荷量为q的正离子沿平行于全属板面、垂直于磁场的方向射入平行金属板之间,沿同一方向射出平行金属板之间的区域,并沿直径EF方向射入磁场区域,最后从圆形区城边界上的G点射出.已知弧PG所对应的圆心角为,不计重力.求
(1离子速度的大小; (2离子的质量.
解析(1由题设知,离子在平行金属板之间做匀速直线运动,安所受到的向上的压力和向下的电场力平衡



qvB0qE0


式中,v是离子运动速度的大小,E0是平行金属板之间的匀强电场的强度,有



E0V
d






①②式得 vV B0d(2在圆形磁场区域,离子做匀速圆周运动,由洛伦兹力公式和牛顿第二定律有



v2qvBm r
式中,mr分别是离子的质量和它做圆周运动的半径。由题设,
离子从磁场边界上的点G穿出,离子运动的圆周的圆心O必在过E点垂直于EF的直线上,且在EG的垂直一平分线上(见右图。由几何关系有 rRtan

式中,OO与直径EF的夹角,由几何关系得 2 联立③④⑤⑥式得,离子的质量为 mqBB0Rdcot V2
评分参考:本题共8分,第(14分,2分,②③式各1分;第(24分,④⑤⑥⑦式各1分。


16.图l中,质量为m的物块叠放在质量为2m的足够长的木板上方右侧,木板放在光滑的水平地面上,物块与木板之间的动摩擦因数为0.2.在木板上施加一水平向右的拉力F,在0~3sF的变化如图2所示,图中Fmg为单位,重力加速度g10m/s.整个系统开始时静止. (11s1.5s2s3s末木板的速度以及2s3s末物块的速度;
(2在同一坐标系中画出0~3s内木板和物块的vt图象,据此求0~3s内物块相对于木板滑过的距离。

F/mg 1

2m 1 m
F
0.4

2
0 1 1.5 22 3 t/s

解析(1设木板和物块的加速度分别为aat时刻木板和物块的速度分别为vtvt木板和物块之间摩擦力的大小为f,依牛顿第二定律、运动学公式和摩擦定律得





fma



fmg,当vtvt vt2vt1a(t2t1

Ff(2ma


vt2vt1a(t2t1

①②③④⑤式与题给条件得





v14m/s,v1.54.5m/s,v24m/s,v34m/s v24m/s,v34m/s







(2⑥⑦式得到物块与木板运动的vt图象,如右图所示。在03s内物块相对于木板的距离s等于-1木板和物块vt图线下的面积之差,即图中带阴影的四边形面积,该四边v/(ms 形由两个三角形组成,上面的三角形面积为0.25(m,下面的三角形面积为4.5

4

2(m,因此 木板 s2.25m 2

物块
0 1 1.5
23 t/s


评分参考:本题共11分,第(18分,①②③④⑤式各1分,2分,1分;第(23分,正确给出vt图象2分,⑧1分。

六、选考题:(请考生在第171819三题中选二题做答,如果多做,则按所做的第一、二题计分。做答时用2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。计算题请写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 17.模块33 试题( 12 分)

(1(4下列说法正确的是(填入正确选项前的字母,每选错一个扣2分,最低得分为0分) (A当一定质量的气体吸热时,其内能可能减小 (B玻璃、石墨和金刚石都是晶体,木炭是非晶体
(C单晶体有固定的熔点,多晶体和非晶体没有固定的熔点

(D当液体与大气相接触时,液体表面层内的分子所受其它分子作用力的合力总是指向液体内部 (E气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数,与单位体积内气体的分子数和气体温度有关
(2(8如右图,体积为V内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞;气缸内密封有温度为2.4T0、压强为1.2p0的理想气体.p0T0分别为大气的压强和温度.已知:气体内能U与温度T的关系为UT为正的常量;容器内气体的所有变化过程都是缓慢的.求
(气缸内气体与大气达到平衡时的体积V1

(ii在活塞下降过程中,气缸内气体放出的热量Q . 答案(1ADE(4分,选对一个给2分,选对两个给3分,选对3个给4分;每选错一个扣2分,最低得0(2( V111V ( Qp0VT0 22解析:一定质量的气体吸热时,如果同时对外做功,且做的功大于吸收的热量,则内能减小,(A正确;玻璃是非晶体,(B错;多晶体也有固定的熔点,(C错;液体表面层内的分子液体内部分子间距离的密度都大于大气,因此分子力的合力指向液体内部,(D正确;气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数,决定气体的压强,因此与单位体积内分子数和气体的温度有关,(E对。
(2(在气体由压缩p1.2p0下降到p0的过程中,气体体积不变,温度由T2.4T0变为T1由查理定律
T1p0 Tp
在气体温度由T1变为T0的过程中,体积由V减小到V1,气体压强不变,由着盖·吕萨克定律得

VT1 V1T0
①②式得

1V1V
2
(在活塞下降过程中,活塞对气体做的功为




Wp0(VV1


在这一过程中,气体内能的减少为



U(T1T0


由热力学第一定律得,气缸内气体放出的热量为




QWU

②③④⑤⑥式得




Q
1p0VT0 2
评分参考:本题共8分,第(4分,①②式各1分,2分;第(4分,④⑤⑥⑦式各1分。

18.模块34试题(12分)
(1(6一光线以很小的入射角i射入一厚度为d、折射率为n的平板玻璃,求出射光线与入射光线之间的距离(很小时.sin,cos1
(2(6右图为某一报告厅主席台的平面图,AB是讲台,S1S2 是与讲台上话筒等高的喇叭,它们之间的相互位置和尺寸如图所示.报告者的声音放大后经喇叭传回话筒再次放大时可能会产生啸叫.为了进免啸叫,话筒最好摆放在讲台上适当的位置,在这些位置上两个喇叭传来的声音因干涉而相消。已知空气中声速为340m/s,若报告人声音的频率为13 6Hz,问讲台上弃家经商的位置有多少个?

解析
(1如图,设光线以很小的入射角i入射到平板玻璃表面上的A点,折射角为,从平板玻璃另一表面上的B点射出。设AC为入射光线的延长线。由折射定律和几何关系可知,它与出射光线平行。过B点作BDAC,交ACD点,则BD的长度就是出射光线与入射光线之间的距离,由折射定律得




sinin sin
由几何关系得

BADi ABd cos

出射光线与入射光线之间的距离为




BDABsin(i


当入射角i很小时,有




sinii,sin,sin(ii,cos1

由此及①②③④式得 BD(n1di n
评分参考:本题共6分,①②③④式各1分,2分。 (2相应于声频f136Hz的声波的波长是




v2.5m
f
式中v340m/s是空气中的声速。在右图中,OAB的中点,POB上任一点。将S1PS2P表示为 S1PS2Pk


时,从两个喇叭来的声波因干涉而加强;k1,3,5时,从两个喇叭来2
式中k为实数,k0,2,4,的声波因干涉而相消。由此可知,O是干涉加强点;对于B点,




S1BS2B20m15m4 2
所以,B点也是干涉加强点。因而OB之间有两个干涉相消点,由对称性可知,AB上有4个干涉相消点。 评分参考:本题共6分,①②式各1分,写出“AB上有4个干涉相消点2分,正确写出分析过程给2分。

19.模块35试题(12分)
(1(4能量为Ei的光子照射基态氢原子,刚好可使该原子中的电子成为自由电子.这一能 Ei称为氢的电离能.现用一频率为的光子从基态氢原子中击出了一电子,该电子在远离核以后速度的大小为_______________(用光子频率、电子质量m、氢原子的电离能Ei和普朗克常量h表示)
(2 (8在核反应堆中,常用减速剂使快中子减速.假设减速剂的原子核质量是中子的k倍.中子与原子核的每次碰撞都可看成是弹性正碰.设每次碰撞前原子核可认为是静止的,N次碰撞后中子速率与原速率之比.

答案(12(hEik1N (4(2 (mk12(hEi12mvhEi,解得电子速度为v
m2解析:由能量守恒得
(2设中子和作减速剂的物质的原子核A的质量分别为mnmA,碰撞后速度分别为vnvA,碰撞前后的总动量和总能量守恒,有




mnvnmnvnmAvA




111222mnvnmnvmAvnA 222
式中vn为碰撞前中子速度,由题设




mAkmn

①②③式得,经1次碰撞后中子速率与原速率之比为




vnk1v nk1N次碰撞后,中子速率与原速率之比为




(k1k1N 评分参考:本题共8分,①②④⑤2分。




本文来源:https://www.2haoxitong.net/k/doc/ad7f0276541252d380eb6294dd88d0d233d43ce3.html

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