2020 年新冠病毒主题原创高考模拟试题（生物）
试题解析
解析：本题旨在考察病毒有关组成及结构。2019-nCoV 进入细胞的过程是一种类似胞吞的过程，所以体现的是生物膜的流动性，A 错误。病毒外包膜的主要成分为磷脂和蛋白质，正确。但是肺炎双球菌的荚膜成分主要是多糖，与病毒外包膜的主要成分不同，B 错误。糖蛋白 S 是位于病毒表面的糖蛋白，不能体现细胞间的信息交流，细胞间的信息交流必须发出信号和接受信号的都是细胞，C 错误。高温使蛋白质变性，但是不会使肽键发生断裂，而双缩脲试剂是与蛋白质中的肽键发生显色反应，所以变性后的蛋白质仍然能与双缩脲试剂发生颜色反应，D 正确。
解析：本题考查人体生命活动的调节。医护人员及患者在锻炼过程中能量消耗较大，ATP 消耗速率较快，同时锻炼过程中呼吸作用加强，ATP 合成速率也较快，A 错误。医护人员及患者在锻炼过程中既有神经调节，又有体液调节及免疫调节，B 错误。锻炼过程中，人体内血糖大量消耗的主要途径是氧化分解提供能量，C 错误。锻炼过程中，医护人员和患者会出汗，淡盐水可以及时补充人体丢失的水和无机盐，进而维持内环境渗透压的相对稳定，D 正确。
解析：本题为表格信息题，考查学生获取分析信息的能力。HIV 逆转录的模板是自身的 RNA 分子，原料、能量均由宿主细胞提供，A 错误。HIV 病毒最初侵入人体时，在人体免疫系统的作用下可以摧毁大多数病毒，B 正确。在药物处理前，测量血浆中 HIV 含量的目的是与药物处理后形成自身前后对照，排除非测试因素对实验的干扰，提高实验结果的可信度，C 正确。根据实验结果，磷酸氯喹处理的实验组在 1 月及 2 月后血浆中 HIV 含量下降，“模拟药剂”处理的对照组在 1 月及 2 月后血浆中 HIV 含量基本不变，因此磷酸氯喹的干扰能抑制HIV 病毒的增殖，D 正确。
解析：本题旨在考察植物激素以及实验的相关知识。因为对照组应为空白对照，也就是不加外源植物生长调节剂的组，所以其应不受外源激素的调节，A 正确。据图可以得出浓度为300mg/L 的 GA3 对藿香种子发芽的促进作用最明显的结论，B 正确。通过图像分析，我们可以发现 GA3 对发芽率的促进效果更明显，C 正确。对于抑制作用和促进作用一定要和对照组作比较，虽然 500mg/L 的 6-BA 比 300mg/L 的 6-BA 的发芽率的促进作用弱，但是仍然起到的是促进作用，D 错误。
解析：本题旨在考查学生用雌雄个体染色体组成的差异解释现实生活中生物学问题的能力。题干信息表明 X 染色体上存在免疫相关基因，且雌性个体症状相对较轻，可推知 X 染色体越多，其上免疫基因的表达量越大。表达量越大产生 mRNA 的量也越多，因此可知雌雄个体相关 mRNA 的量也有差异，A 正确；根据染色体组成的差异，可推知不同个体中 X 染色体上免疫相关基因的表达量由大到小的排列顺序依次为：XXY≈XX>XY≈XO>OY。由此可知B 错误；C 正确；D 正确。说明：如果仅从染色体组成的差异，可以做出相关推测，但实际的表达量还受到很多因素的影响。
解析：根据题图，新型冠状病毒（2019-nCoV）是一种 RNA 复制病毒，ss (+)RNA 先利用宿主体内的核糖体合成 RNA 复制酶，再利用 RNA 复制酶复制出其互补链(-)RNA。利用(-)RNA
大量合成(+)RNA，并利用宿主的核糖体完成结构蛋白的合成。每个(+)RNA 与结构蛋白共同组装成子代病毒。宿主细胞体内的 RNA 合成利用的是宿主细胞的 DNA 和宿主细胞中的RNA 聚合酶，A 错误；(+)RNA 的碱基与(-)RNA 的互补碱基数相等，即嘧啶数应与嘌呤数相等，B 错误；疫苗是取自引起免疫反应的病原体，若病原体易发生变异则疫苗的适用性较差，RNA 为单链，相较于 DNA 而言更不稳定，容易发生突变，因此 RNA 疫苗较难研发， C 正确；子代病毒的遗传特性由亲代遗传物质决定，与宿主细胞无关，D 错误。
7.（10 分）
（1）盐浓度、水稻品种（2 分）
（2）叶绿体类囊体薄膜（1 分） 红光和蓝紫光（1 分）
（3）振稻 23309（2 分）
（4）实验思路：分别用清水、10μmol/L ABA、50μmol/L ABA 对等量的水稻幼苗进行处理， 然后将幼苗进行盐胁迫处理，几天后，观察幼苗的生长情况（2 分）
预期结果：10μmol/L ABA 处理过的水稻幼苗长势比 50μmol/L ABA 处理过的水稻幼苗长势好，50μmol/L ABA 处理过的水稻幼苗比清水处理过的水稻幼苗长势好。（2 分）
解析：本题考察光合作用以及实验设计有关知识。
（1）本实验的自变量除了横坐标的盐浓度以外，还有两个柱形图之前的区别：水稻品种。
（2）本题考察光合作用有关的基础知识，叶绿素在光反应中起作用，所以分布在叶绿体类囊体薄膜，主要吸收红光和蓝紫光。
（3）据图分析振稻 23309 在盐浓度较高的条件下仍然能够保持较高的净光合速率。
（4）很明显，本实验中 10μmol/L ABA 对应的是低浓度，50μmol/L ABA 对应的是高浓度。实验目的是验证外源脱落酸（ABA）可以缓解水稻的盐胁迫效应，且低浓度的 ABA 的缓解效果更好。所以最后的实验预期结果应该是 10μmol/L ABA 生长得最好，其次是 50μmol/L ABA，清水生长的最差。
8. （10 分）
（1）能量在流动过程中逐级递减，经过五个营养级后剩余的能量不足以维持一个种群的生长发育和繁殖。（2 分）
（2）错误（1 分）；食物链是从生产者开始的（1 分）。
（3）一种生物（寄生者）寄居于寄主的体内或体表，摄取寄主的养分以维持生活。（2 分）
（4）直接（1 分）
（5）不合理（1 分）；大量捕杀蝙蝠会破坏生态系统原有的营养结构和生物多样性，不利于生态系统的稳定（2 分）。（答案合理即可）
解析：本题考查生态系统的结构、功能和稳定性。
（1）生态系统食物链中营养级一般不超过 5 个，最主要的原因是生态系统中能量流动逐级递减，因为能量流动逐级递减，所以经过 5 个营养级后剩余的能量不足以维持一个种群的生长发育繁殖。
（2）高中阶段所学的食物链为捕食食物链，捕食食物链的起点为生产者，因此题干食物链书写错误。
（3）本题考查了“寄生”的内含，指的是一种生物（寄生者）寄居于寄主的体内或体表，摄取寄主的养分以维持生活。
（4）本题答案合理即可，蝙蝠作为生态系统组成成分之一，若大量捕杀蝙蝠会破坏原有捕食关系，不利于生物多样性及生态系统的稳定。
9. （9 分）
（1）产热量大于散热量（2 分）
（2）口罩可以有效阻止病毒从外界与人体的第一道免疫防线（皮肤、黏膜）相接触（2 分）
（3）不能（1 分） 效应 T 细胞（1 分） 细胞凋亡（1 分）
（4）抗原与抗体特异性结合（2 分）
解析：本题考察的是人体的体温调节和免疫的相关知识。
（1）体温升高的直接原因为产热量大于散热量。
（2）本题考察的是免疫系统防线的有关问题，题干中提示，从免疫系统抵御病原体攻击的角度分析原因，所以要答出第一道防线或者皮肤黏膜。
（3）抗体不能进入宿主细胞，效应 T 细胞识别并与靶细胞密切接触使靶细胞裂解死亡，靶细胞的死亡属于细胞凋亡。
（4）该试剂盒能精确诊断的免疫学原理是抗原与抗体特异性结合。
10. （10 分）
（1）遵循（1 分）；F1 为杂合子，产生的 F2 性状分离比为 9:3:4，满足两对等位基因的性状分离比 9:3:3:1。（2 分）
（2）棕色个体只有 E 基因而无 B 基因，E 基因控制的酶 E 促进白色前体物质生成黑色素后，b 基因无法合成酶 B，无法促进黑色素沉积，导致黑色素沉积密度较小，因此产生棕色毛色。（3 分）
（3）eeBB、eeBb、eebb（2 分）；黑色：棕色：黄色=3:1:4（2 分）
解析：本题考查基因自由组合定律及其延伸。
（1）根据题干信息，纯合黑色个体与黄色个体杂交获得 F1，F1 均为黑色。可知 F1 黑色个体为杂合子。根据假说演绎法的假言推理过程，若该杂合子自交后代若出现两对等位基因控制的表现型及比例分别为 3:1，即自交后代表现型及比例为 9:3:3:1 或其变形，则可说明该性状由两对等位基因控制，且遵循基因的自由组合定律。
（2）根据题图可知黑色毛色形成原因是受酶 E 与酶 B 共同影响，即基因 E 和基因 B 共同存在时毛色为黑色，因此黑色毛色的基因型为 E_B_；而黄色毛色是缺少酶 E 即缺少基因 E，因此黄色毛色的基因型为 ee_ _；根据题干信息可推知棕色毛色的基因型为 E_bb。
①可推测棕色个体只有 E 基因而无 B 基因，E 基因控制的酶 E 促进白色前体物质生成黑色素后，b 基因无法合成酶 B，无法促进黑色素沉积，导致黑色素沉积密度较小，因此产生棕色毛色。
②通过分析可知 F2 中黄色个体的基因型为 ee_ _，所以黄色个体的基因型有三种，分别是eeBB、eeBb 以及 eebb。F2 中纯合黄色个体基因型为 eeBB 和 eebb，F1 黑色个体基因型为EeBb，eeBB×EeBb 产生的后代基因型为 EeBB、EeBb 和 eeBB、eeBb，eebb×EeBb 产生的后代基因型为 Eebb、EeBb 和 eebb、eeBb，因此后代的表现型及比例为黑色：棕色：黄色=3:1:4。 11. （15 分）
（1）人们按照微生物对营养物质的需求不同，配制出供其生长繁殖的营养基质。 （2 分） 无机盐（1 分） 维生素（1 分）
（2）稀释涂布平板法（1 分） 当样品的稀释度足够高时，培养基表面生长的一个菌落， 来源于样品稀释液中的一个活菌。通过统计平板上的菌落数，就可以推测出样品中大约含有多少活菌。（2 分）
（3）①同一稀释度下涂布三个平板，取三个平板上菌落数的平均值 ②设置一组未接种的空白培养基，排除杂菌污染对实验结果造成的干扰
（4）菌落的大小、形状（隆起程度和颜色）（2 分） 稀释倍数和涂布平板时所取的稀释液体积（2 分）
解析：本题考查微生物的培养及计数方法。
（1）本题考查了培养基的定义和营养成分。培养基指人们按照微生物对营养物质的需求不同，配制出供其生长繁殖的营养基质。一般培养基中均含有碳源、氮源、水和无机盐，在培
养乳酸杆菌时还需要额外添加维生素。
（2）平板划线无法得知稀释倍数，因此不能用于活菌计数。稀释涂布平板法用于活菌计数的原理是当样品的稀释度足够高时，培养基表面生长的一个菌落，来源于样品稀释液中的一个活菌，通过统计平板上的菌落数，就可以推测出样品中大约含有多少活菌。
（3）实验设计需要遵循对照原则和平行重复原则。因此需要的改进措施有①同一稀释度下涂布三个平板，取三个平板上菌落数的平均值；②设置一组未接种的空白培养基，排除杂菌污染对实验结果造成的干扰。
（4）菌落的特征包含菌落的大小、性状、颜色和隆起程度。洗手前手部单位面积的细菌数量=（平板上的菌落数÷涂布时取样的体积×稀释倍数×10ml）÷取样的面积。因此，除图中所给信息外，还需要知道稀释倍数和涂布平板时所取的稀释液体积。
12. （15 分）
（1）dNTPs（脱氧核苷酸）（2 分）
（2）耐高温（2 分）
（3）DNA 双链间的氢键断裂，双螺旋结构解开，DNA 变为单链。（2 分）
（4）①5 ΄-ATGAGCACCCTCAACATCGAA-3 ΄ （2 分 ） ②D（2 分 ）
（5）可以在短时间内大量扩增目的基因。（2 分）
（6）不能；（1 分） 基因工程中目的基因为双链 DNA 片段，而 2019-nCoV 的遗传物质为单链 RNA 片段。二者结构不统一，目的基因无法插入 RNA 片段中，因此 2019-nCoV 的遗传物质无法成为基因工程的载体。（2 分）
解析：本题考查 PCR 及其延伸技术的原理。
（1）逆转录 PCR 与常规 PCR 的差异在于在 PCR 之前加入一个逆转录过程，根据所学知识，逆转录以 RNA 为模板，以 dNTPs（脱氧核苷酸）为原料，合成的产物为 DNA 单链，再通过 DNA 聚合酶，可以合成双链 cDNA 分子。
（2）PCR 变性是采用高温的方式，加热到 90-95℃，使 DNA 双链打开，退火和延伸的温度也相对较高，而普通细菌中的 DNA 聚合酶无法耐高温，需要寻找一种极热环境下的细菌， 提取其 DNA 聚合酶才能适用于 PCR 反应。因此该 DNA 聚合酶的优势是耐高温。
（3）热变性时 DNA 双链间的氢键断裂，双螺旋结构解开，DNA 变为单链。
（4）①引物与模板链序列满足碱基互补配对原则，因此引物 1 对应的模板链序列为 5 ΄- ATGAGCACCCTCAACATCGAA-3 ΄
②引物 1 和引物 2 的序列应满足延伸方向为 5 ΄-3 ΄，且其延伸的方向应包含目的基因片段， 因此可知引物 1 和引物 2 只能分别选择 II 和 III。
（5）PCR 技术相较于其他获取目的基因的方法的优势在于可以快速获得大量目的基因。
（6）基因工程中目的基因为双链 DNA 片段，而 2019-nCoV 的遗传物质为单链 RNA 片段。二者结构不统一，目的基因无法插入 RNA 片段中，因此 2019-nCoV 的遗传物质无法成为基因工程的载体。
本文来源：https://www.2haoxitong.net/k/doc/5b0294c3657d27284b73f242336c1eb91b373322.html
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