2018年东北三省三校（哈师大附中、东北师大附中、辽宁省实验中学）高考数学一模试卷（理科）

2018年东北三省三校（哈师大附中、东北师大附中、辽宁省实验中学）高考数学一模试卷（理科）

一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.

1． 复数的模为（　　）

A． B． C． D．2

2． 已知集合，B={x|x≥a}，若A∩B=A，则实数a的取值范围是（　　）

A．（﹣∞，﹣3] B．（﹣∞，﹣3） C．（﹣∞，0] D．[3，+∞）

3． 从标有1、2、3、4、5的五张卡片中，依次抽出2张，则在第一次抽到奇数的情况下，第二次抽到偶数的概率为（　　）

A． B． C． D．

4． 已知s，则=（　　）

A． B． C． D．

5． 中心在原点，焦点在y轴上的双曲线的一条渐近线经过点（﹣2，4），则它的离心率为（　　）

A． B．2 C． D．

6． 展开式中的常数项是（　　）

A．12 B．﹣12 C．8 D．﹣8

7． 某几何体的三视图如图所示，且该几何体的体积是3，则正视图中的x的值（　　）

A．2 B．3 C． D．

8． 已知函数的图象的相邻两条对称轴之间的距离是，则该函数的一个单调增区间为（　　）

A． B． C． D．

9． 辗转相除法是欧几里德算法的核心思想，如图所示的程序框图所描述的算法就是辗转相除法，若输入m=8251，n=6105，则输出m的值为（　　）

A．148 B．37 C．333 D．0

10． 底面是正多边形，顶点在底面的射影是底面中心的棱锥叫做正棱锥．如图，半球内有一内接正四棱锥S﹣ABCD，该四棱锥的侧面积为，则该半球的体积为（　　）

A． B． C． D．

11． 已知抛物线C：y2=2x，直线与抛物线C交于A，B两点，若以AB为直径的圆与x轴相切，则b的值是（　　）

A． B． C． D．

12． 在△ABC，∠C=90°，AB=2BC=4，M，N是边AB上的两个动点，且|MN|=1，则的取值范围为（　　）

A． B．[5，9] C． D．

二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）

13． 在△ABC中，AB=2，，，则BC=　 　．

14． 若x，y满足约束条件，则的最大值为　 　．

15． 甲、乙、丙三位教师分别在哈尔滨、长春、沈阳的三所中学里教不同的学科A、B、C，已知：

①甲不在哈尔滨工作，乙不在长春工作；②在哈尔滨工作的教师不教C学科；

③在长春工作的教师教A学科；④乙不教B学科．

可以判断乙教的学科是　 　．

16． 已知函数，x0是函数f（x）的极值点，给出以下几个命题：

①；②；③f（x0）+x0＜0；④f（x0）+x0＞0；

其中正确的命题是　 　．（填出所有正确命题的序号）

三、解答题（本大题共5小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）

17．（12.00分）已知正项数列{an}满足：，其中Sn为数列{an}的前n项和．

（1）求数列{an}的通项公式；

（2）设，求数列{bn}的前n项和Tn．

18．（12.00分）某商场按月订购一种家用电暖气，每销售一台获利润200元，未销售的产品返回厂家，每台亏损50元，根据往年的经验，每天的需求量与当天的最低气温有关，如果最低气温位于区间[﹣20，﹣10]，需求量为100台；最低气温位于区间[﹣25，﹣20），需求量为200台；最低气温位于区间[﹣35，﹣25），需求量为300台．公司销售部为了确定11月份的订购计划，统计了前三年11月份各天的最低气温数据，得到下面的频数分布表：

以最低气温位于各区间的频率代替最低气温位于该区间的概率．

（1）求11月份这种电暖气每日需求量X（单位：台）的分布列；

（2）若公司销售部以每日销售利润Y（单位：元）的数学期望为决策依据，计划11月份每日订购200台或250台，两者之中选其一，应选哪个？

19．（12.00分）如图，四棱锥P﹣ABCD中，平面PAD⊥平面ABCD，且PA=PD，底面ABCD为矩形，点M、E、N分别为线段AB、BC、CD的中点，F是PE上的一点，PF=2FE．直线PE与平面ABCD所成的角为．

（1）证明：PE⊥平面MNF；

（2）设AB=AD，求二面角B﹣MF﹣N的余弦值．

20．（12.00分）已知椭圆过抛物线M：x2=4y的焦点F，F1，F2分别是椭圆C的左、右焦点，且．

（1）求椭圆C的标准方程；

（2）若直线l与抛物线M相切，且与椭圆C交于A，B两点，求△OAB面积的最大值．

21．（12.00分）已知函数f（x）=ex，g（x）=lnx，h（x）=kx+b．

（1）当b=0时，若对任意x∈（0，+∞）均有f（x）≥h（x）≥g（x）成立，求实数k的取值范围；

（2）设直线h（x）与曲线f（x）和曲线g（x）相切，切点分别为A（x1，f（x1）），B（x2，g（x2）），其中x1＜0．

①求证：x2＞e；

②当x≥x2时，关于x的不等式a（x1﹣1）+xlnx﹣x≥0恒成立，求实数a的取值范围．

[选修4-4：坐标系与参数方程选讲]

22．（10.00分）已知在极坐标系中曲线C1的极坐标方程为：ρ=4cosθ，以极点为坐标原点，以极轴为x轴的正半轴建立直角坐标系，曲线C2的参数方程为：（t为参数），点A（3，0）．

（1）求出曲线C1的直角坐标方程和曲线C2的普通方程；

（2）设曲线C1与曲线C2相交于P，Q两点，求|AP|•|AQ|的值．

[选修4-5：不等式选讲]

23．已知不等式|2x﹣5|+|2x+1|＞ax﹣1．

（1）当a=1时，求不等式的解集；

（2）若不等式的解集为R，求a的范围．

2018年东北三省三校（哈师大附中、东北师大附中、辽宁省实验中学）高考数学一模试卷（理科）

参考答案与试题解析

一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.

1． 复数的模为（　　）

A． B． C． D．2

【分析】利用复数代数形式的乘除运算化简，再由复数模的计算公式求解．

【解答】解：∵=，

∴||=|1+i|=．

故选：C．

【点评】本题考查复数代数形式的乘除运算化简，考查复数模的求法，是基础题．

2． 已知集合，B={x|x≥a}，若A∩B=A，则实数a的取值范围是（　　）

A．（﹣∞，﹣3] B．（﹣∞，﹣3） C．（﹣∞，0] D．[3，+∞）

【分析】求定义域得集合A，根据A∩B=A知A⊆B，由此求出a的取值范围．

【解答】解：集合={x|9﹣x2≥0}={x|﹣3≤x≤3}，

B={x|x≥a}，

若A∩B=A，则A⊆B；

∴实数a的取值范围是a≤﹣3．

故选：A．

【点评】本题考查了求函数的定义域和集合的运算问题，是基础题．

3． 从标有1、2、3、4、5的五张卡片中，依次抽出2张，则在第一次抽到奇数的情况下，第二次抽到偶数的概率为（　　）

A． B． C． D．

【分析】设事件A表示“第一张抽到奇数”，事件B表示“第二张抽取偶数”，则P（A）=，P（AB）==，利用条件概率计算公式能求出在第一次抽到奇数的情况下，第二次抽到偶数的概率．

【解答】解：从标有1、2、3、4、5的五张卡片中，依次抽出2张，

设事件A表示“第一张抽到奇数”，事件B表示“第二张抽取偶数”，

则P（A）=，P（AB）==，

则在第一次抽到奇数的情况下，第二次抽到偶数的概率为：

P（A|B）===．

故选：B．

【点评】本题考查概率的求法，考查条件概率等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是基础题．

4． 已知s，则=（　　）

A． B． C． D．

【分析】直接由已知结合同角三角函数基本关系式求得．

【解答】解：∵s，

∴=cos[+（）]

=﹣sin（）=﹣．

故选：B．

【点评】本题考查同角三角函数基本关系式的应用，是基础题．

5． 中心在原点，焦点在y轴上的双曲线的一条渐近线经过点（﹣2，4），则它的离心率为（　　）

A． B．2 C． D．

【分析】先求渐近线带入点的坐标，再用c2=a2+b2求离心率．

【解答】解：∵焦点在y轴上的双曲线的渐近线方程是y=±x，

∴4=﹣•（﹣2），∴=2，a=2b，

a2=4b2=4c2﹣4a2，e=．

故选：A．

【点评】本题考查双曲线的几何性质，离心率的求法，考查计算能力．

6． 展开式中的常数项是（　　）

A．12 B．﹣12 C．8 D．﹣8

【分析】写出二项式的通项，由x的指数为﹣2、0分别求得r值，再由多项式乘多项式得答案．

【解答】解：的展开式的通项为=．

取r﹣5=﹣2，得r=3，取r﹣5=0，得r=5．

∴展开式中的常数项是﹣﹣2=﹣12．

故选：B．

【点评】本题考查二项式系数的性质，关键是熟记二项展开式的通项，是基础题．

7． 某几何体的三视图如图所示，且该几何体的体积是3，则正视图中的x的值（　　）

A．2 B．3 C． D．

【分析】由已知中的三视图可得该几何体是一个以直角梯形为底面的四棱锥，该几何体为x，根据体积公式建立关系，可得答案

【解答】解：由已知中的三视图可得该几何体是一个以直角梯形为底面，梯形上下边长为1和2，高为2，

如图：AD=1，BC=2，SB=x，AD∥BC，SB⊥平面ABCD，AD⊥AB．

∴底面的面积S=×（1+2）×2=3．

该几何体为x，

几何体的体积V==1，

可得x=3．

故选：B．

【点评】本题考查的知识点是三视图投影关系，体积公式的运用，根据已知的三视图，判断几何体的形状是解答的关键．

8． 已知函数的图象的相邻两条对称轴之间的距离是，则该函数的一个单调增区间为（　　）

A． B． C． D．

【分析】化函数f（x）为正弦型函数，根据题意求出ω的值，

写出f（x）的解析式，即可求出它的单调增区间．

【解答】解：函数

=2sin（ωx+）；

由f（x）的图象相邻两条对称轴之间的距离是，

∴T=2×=π，

∴ω==2；

∴f（x）=2sin（2x+），

令﹣+2kπ≤2x+≤+2kπ，k∈Z，

解得﹣+kπ≤x≤+2kπ，k∈Z，

∴函数f（x）的一个单调增区间为[﹣，]．

故选：A．

【点评】本题考查了三角函数的图象与性质的应用问题，是基础题．

9． 辗转相除法是欧几里德算法的核心思想，如图所示的程序框图所描述的算法就是辗转相除法，若输入m=8251，n=6105，则输出m的值为（　　）

A．148 B．37 C．333 D．0

【分析】程序的运行功能是求m=8521，n=6105的最大公约数，根据辗转相除法可得m的值．

【解答】解：由程序框图知：

程序的运行功能是求m=82511，n=6105的最大公约数，

∵8251=6105+2146；

6105=2×2146+1813；

2146=1813+333；

1813=5×333+148；

333=2×148+37，

148=4×37+0

∴此时m=37．

∴输出m的值是37，

故选：B．

【点评】本题考查了辗转相除法的程序框图，掌握辗转相除法的操作流程是关键．

10． 底面是正多边形，顶点在底面的射影是底面中心的棱锥叫做正棱锥．如图，半球内有一内接正四棱锥S﹣ABCD，该四棱锥的侧面积为，则该半球的体积为（　　）

A． B． C． D．

【分析】设出球的半径，利用棱锥的侧面积公式，求解半径，然后求解四棱锥的外接半球的体积．

【解答】解：连结AC，BD交点为0，设球的半径为r，

由题意可知SO=AO=OC=OD=OB=r．

则AB=r，

四棱锥的侧面积为：4×=，

解得r=，

四棱锥的外接半球的体积为：V==，

故选：D．

【点评】本题考查四棱锥SABCD的侧面积以及球的体积的计算，确定球的半径关系式是关键．

11． 已知抛物线C：y2=2x，直线与抛物线C交于A，B两点，若以AB为直径的圆与x轴相切，则b的值是（　　）

A． B． C． D．

【分析】联立得：y2+4y﹣4b=0．由此利用根的判别式、弦长公式，即可求出b的值

【解答】解：联立得：y2+4y﹣4b=0．

依题意应有△=16+16b＞0，解得b＞﹣1．

设A（x1，y1），B（x2，y2），

∴y1+y2=﹣4，y1y2=﹣4b，

∴x1+x2=﹣2（y1+y2）+4b=8+4b

设圆心Q（x0，y0），则应有x0=（x1+x2）=4+2b，y0=（y1+y2）=﹣2．

∵以AB为直径的圆与x轴相切，得到圆半径为r=|y0|=2，

又|AB|=•=•=4•，

∴|AB|=2r，

即4•=4，

解得b=﹣．

故选：C．

【点评】本题主要考查圆的性质，考查直线与抛物线、圆等知识，同时考查解析几何的基本思想方法和运算求解能力．

12． 在△ABC，∠C=90°，AB=2BC=4，M，N是边AB上的两个动点，且|MN|=1，则的取值范围为（　　）

A． B．[5，9] C． D．

【分析】建立坐标系，设AN=a，用a表示出，得出关于a的函数，从而得出范围．

【解答】解：以CA，CB为坐标轴建立坐标系如图所示：

∵AB=2BC=4，∴∠BAC=30°，AC=2

设AN=a，则N（2﹣，），M（2﹣，），

∴=（2﹣）（2﹣）+=a2﹣5a+9．

∵M，N在AB上，∴0≤a≤3．

∴当a=0时，取得最大值9，

当a=时，取得最小值．

故选：A．

【点评】本题考查了平面向量的数量积运算，属于中档题．

二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）

13． 在△ABC中，AB=2，，，则BC=　1　．

【分析】根据题意，设BC=t，△ABC中，由余弦定理可得cos∠ABC==﹣，变形可得：t2+2t﹣3=0，解可得t的值，即可得答案．

【解答】解：根据题意，设BC=t，

△ABC中，AB=2，，，

则有cos∠ABC==﹣，

变形可得：t2+2t﹣3=0，

解可得：t=﹣3或t=1，

又由t＞0，则t=1，

即BC=1；

故答案为：1

【点评】本题考查余弦定理的应用，注意利用余弦定理构造关于BC的方程．

14． 若x，y满足约束条件，则的最大值为　　．

【分析】由约束条件作出可行域，再由的几何意义，即可行域内的动点与定点P（﹣1，0）连线的斜率求得答案．

【解答】解：由约束条件作出可行域如图，

联立，解得A（1，3），

由的几何意义，即可行域内的动点与定点P（﹣1，0）连线的斜率可得，

的最大值为．

故答案为：．

【点评】本题考查简单的线性规划，考查了数形结合的解题思想方法，是中档题．

15． 甲、乙、丙三位教师分别在哈尔滨、长春、沈阳的三所中学里教不同的学科A、B、C，已知：

①甲不在哈尔滨工作，乙不在长春工作；②在哈尔滨工作的教师不教C学科；

③在长春工作的教师教A学科；④乙不教B学科．

可以判断乙教的学科是　C　．

【分析】分析判断每一名话，能推理出正确结果．

【解答】解：由①得甲不在哈尔滨工作，乙不在长春工作；

由②得在哈尔滨工作的教师不教C学科，甲不教C；

由③得在长春工作的教师教A学科；

由④得乙不教B学科和A学科．

综上，乙教C学科．

故答案为：C．

【点评】本题考查简单的合理推理，考查推理论证能力等基础知识，考查运用求解能力，考查函数与方程思想，是基础题．

16． 已知函数，x0是函数f（x）的极值点，给出以下几个命题：

①；②；③f（x0）+x0＜0；④f（x0）+x0＞0；

其中正确的命题是　①③　．（填出所有正确命题的序号）

【分析】求导数，利用零点存在定理，可判断①②；f（x0）+x0=x0lnx0+x02+x0=x0（lnx0+x0+1）=﹣x0＜0，可判断③④．

【解答】解：∵函数f（x）=xlnx+x2，（x＞0）

∴f′（x）=lnx+1+x，易得f′（x）=lnx+1+x在（0，+∞）递增，

∴f′（）=＞0，

∵x→0，f′（x）→﹣∞，

∴0＜x0＜，即①正确，②不正确；

∵lnx0+1+x0=0

∴f（x0）+x0=x0lnx0+x02+x0=x0（lnx0+x0+1）=﹣x02＜0，即③正确，④不正确．

故答案为：①③．

【点评】本题考查利用导数研究函数的极值，考查学生的计算能力、转化思想，属于中档题．

三、解答题（本大题共5小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）

17．（12.00分）已知正项数列{an}满足：，其中Sn为数列{an}的前n项和．

（1）求数列{an}的通项公式；

（2）设，求数列{bn}的前n项和Tn．

【分析】（1）利用数列的递推关系式推出数列{an}是首项为3，公差为2的等差数列，然后求解通项公式．

（2）化简通项公式利用裂项相消法求解数列的和即可．

【解答】（本题满分12分）

解：（1）令n=1，得，且an＞0，解得a1=3．

当n≥2时，，即，

整理得（an+an﹣1）（an﹣an﹣1﹣2）=0，∵an＞0，∴an﹣an﹣1=2，

所以数列{an}是首项为3，公差为2的等差数列，

故an=3+（n﹣1）×2=2n+1．

（2）由（1）知：，

∴Tn=b1+b2+…+bn=．

【点评】本题考查数列的递推关系式的应用，考查转化思想以及计算能力．

18．（12.00分）某商场按月订购一种家用电暖气，每销售一台获利润200元，未销售的产品返回厂家，每台亏损50元，根据往年的经验，每天的需求量与当天的最低气温有关，如果最低气温位于区间[﹣20，﹣10]，需求量为100台；最低气温位于区间[﹣25，﹣20），需求量为200台；最低气温位于区间[﹣35，﹣25），需求量为300台．公司销售部为了确定11月份的订购计划，统计了前三年11月份各天的最低气温数据，得到下面的频数分布表：

以最低气温位于各区间的频率代替最低气温位于该区间的概率．

（1）求11月份这种电暖气每日需求量X（单位：台）的分布列；

（2）若公司销售部以每日销售利润Y（单位：元）的数学期望为决策依据，计划11月份每日订购200台或250台，两者之中选其一，应选哪个？

【分析】（1）由已知X的可能取值为100，200，300，分别求出相应的概率，由此能求出X的分布列．

（2）当订购200台时，求出E（Y）=35000元；当订购250台时，求出E（Y）=37500元，由此求出11月每日应订购250台．

【解答】（本题满分12分）

解：（1）由已知X的可能取值为100，200，300，

P（X=100）==0.2，

P（X=200）==0.4，

P（X=300）==0.4，

∴X的分布列为：

（2）由已知：

①当订购200台时，

E（Y）=[200×100﹣50×（200﹣100）]×0.2+200×200×0.8=35000（元）

②当订购250台时，

E（Y）=[200×100﹣50×（250﹣100）]×0.2+[200×200﹣50×（250﹣200）]×0.4+[200×250]×0.4=37500（元）

综上所求，当订购250台时，Y的数学期望最大，11月每日应订购250台．

【点评】本题考查概率的求法，考查离散型随机变量的分布列、数学期望的求法，考查频率分布表、列举法等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是中档题．

19．（12.00分）如图，四棱锥P﹣ABCD中，平面PAD⊥平面ABCD，且PA=PD，底面ABCD为矩形，点M、E、N分别为线段AB、BC、CD的中点，F是PE上的一点，PF=2FE．直线PE与平面ABCD所成的角为．

（1）证明：PE⊥平面MNF；

（2）设AB=AD，求二面角B﹣MF﹣N的余弦值．

【分析】（1）法一：取AD中点O，连接OE，交MN于点Q，连接FQ，则OP⊥ADOP⊥平面ABCD，推导出MN⊥OE，MN⊥PE．△EFQ∽△EOP，从而PE=FQ．由此能证明PE⊥平面MNF．

方法二：取AD中点O，连接OE，交MN于点Q，连接FQ，则OP⊥AD．以O点为原点，射线OA、OE、OP方向为x轴、y轴、z轴，建立空间直角坐标系O﹣xyz．利用向量法能证明PE⊥平面MNF

（2）取AD中点O，连接OE，交MN于点Q，连接FQ，则OP⊥AD．以O点为原点，射线OA、OE、OP方向为x轴、y轴、z轴的正方向，建立空间直角坐标系O﹣xyz．利用向量法能求出二面角B﹣MF﹣N的余弦值．

【解答】证明：（1）方法一：取AD中点O，连接OE，交MN于点Q，连接FQ，则OP⊥AD．

因为平面PAD⊥平面ABCD，所以OP⊥平面ABCD，∠PEO=，OP=OE．

因为MN∥BC，OE∥AB，

所以MN⊥OE，所以MN⊥PE．

又EF=PE=OE，EQ=OE，

所以，

所以△EFQ∽△EOP，

所以，

所以PE=FQ．且MN∩FQ=Q，

所以PE⊥平面MNF．

方法二：取AD中点O，连接OE，

交MN于点Q，连接FQ，则OP⊥AD．

因为平面PAD⊥平面ABCD，

所以OP⊥平面AC，

，OP=OE．

又因为MN∥BC，OE∥AB，所以MN⊥OE，所以MN⊥PE．

以O点为原点，射线OA、OE、OP方向为x轴、y轴、z轴，建立空间直角坐标系O﹣xyz．

设AB=m，AD=n，则P（0，0，m），E（0，m，0），M（，0），F（0，），

于是=（0，m，﹣m），=（﹣）．

所以=0，所以PE⊥MF，且MN∩MF=M，

所以PE⊥平面MNF

解：（2）取AD中点O，连接OE，交MN于点Q，连接FQ，则OP⊥AD．

因为平面PAD⊥平面AC，所以OP⊥平面AC，，OP=OE．

以O点为原点，射线OA、OE、OP方向为x轴、y轴、z轴的正方向，建立空间直角坐标系O﹣xyz．

设AB=AD=m，则P（0，0，m），E（0，m，0），B（），M（，0），

F（0，），

于是=（0，m，﹣m），=（0，﹣，0），=（﹣）．

设平面BMF的一个法向量为=（x，y，z），

则，令x=1，得=（1，0，2）．

而平面NMF的一个法向量为==（0，m，﹣m）．

所以cos＜＞===﹣．

由图形得二面角B﹣MF﹣N的平面角是钝角，

故二面角B﹣MF﹣N的余弦值为﹣．

【点评】本题考查线面垂直的证明，考查二面角的余弦值的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是中档题．

20．（12.00分）已知椭圆过抛物线M：x2=4y的焦点F，F1，F2分别是椭圆C的左、右焦点，且．

（1）求椭圆C的标准方程；

（2）若直线l与抛物线M相切，且与椭圆C交于A，B两点，求△OAB面积的最大值．

【分析】（1）通过焦点坐标以及转化求解椭圆方程．

（2）设直线l与抛物线相切于点P（x0，y0），求出切线方程，联立直线与椭圆，消去y，整理利用判别式，以及弦长公式，求解由原点O到直线l的距离，表示△OAB面积，推出△OAB面积的最大值为1．

【解答】（本题满分12分）

解：（1）∵F（0，1），∴b=1，又，

∴．又a2﹣b2=c2，∴a=2，

∴椭圆C的标准方程为．

（2）设直线l与抛物线相切于点P（x0，y0），则，即，

联立直线与椭圆，消去y，整理得．

由，得．

设A（x1，y1），B（x2，y2），则：．

则

原点O到直线l的距离．

故△OAB面积=，

当且仅当，即取等号，

故△OAB面积的最大值为1．

【点评】本题考查椭圆的方程的求法，直线与椭圆的位置关系的综合应用，三角形的面积的最值的求法，考查转化思想以及计算能力．

21．（12.00分）已知函数f（x）=ex，g（x）=lnx，h（x）=kx+b．

（1）当b=0时，若对任意x∈（0，+∞）均有f（x）≥h（x）≥g（x）成立，求实数k的取值范围；

（2）设直线h（x）与曲线f（x）和曲线g（x）相切，切点分别为A（x1，f（x1）），B（x2，g（x2）），其中x1＜0．

①求证：x2＞e；

②当x≥x2时，关于x的不等式a（x1﹣1）+xlnx﹣x≥0恒成立，求实数a的取值范围．

【分析】（1）依题意：对x∈（0，+∞）恒成立，根据函数的单调性求出k的范围即可；

（2）①得到，∴，从而证明结论；

②得到a（x1﹣1）≥x﹣xlnx，（x≥x2），设G（x）=x﹣xlnx（x≥x2）G′（x）=1﹣lnx﹣1=﹣lnx＜0，根据函数的单调性求出G（x）的最大值，从而求出a的范围即可．

【解答】解：（1）当b=0时：h（x）=kx，

由f（x）≥h（x）≥g（x）知：ex≥kx≥lnx，

依题意：对x∈（0，+∞）恒成立，

设，

当x∈（0，1）时m′（x）＜0；

当x∈（1，+∞）时m′（x）＞0，

∴[m（x）]min=m（1）=e，

设，

当x∈（0，e）时n′（x）＞0；

当x∈（e，+∞）时n′（x）＜0，

∴，

故：实数k的取值范围是

（2）由已知：f′（x）=ex，

①：由得：

由得：

故

∵x1＜0，∴，

∴lnx2＞1，故：x2＞e；

②由①知：，且x2＞e＞1

由a（x1﹣1）+xlnx﹣x≥0得：a（x1﹣1）≥x﹣xlnx，（x≥x2）

设G（x）=x﹣xlnx（x≥x2）G′（x）=1﹣lnx﹣1=﹣lnx＜0，

∴G（x）在[x2，+∞）为减函数，

∴[G（x）]max=G（x2）=x2﹣x2lnx2

由a（x1﹣1）≥x2﹣x2lnx2，

得：a（x1﹣1）≥x2（1﹣lnx2），

∴a（x1﹣1）≥（x1﹣1）

又x1＜0，

∴a≤1．

【点评】本题考查了函数的单调性、最值问题，考查导数的应用以及分类讨论思想，转化思想，是一道综合题．

[选修4-4：坐标系与参数方程选讲]

22．（10.00分）已知在极坐标系中曲线C1的极坐标方程为：ρ=4cosθ，以极点为坐标原点，以极轴为x轴的正半轴建立直角坐标系，曲线C2的参数方程为：（t为参数），点A（3，0）．

（1）求出曲线C1的直角坐标方程和曲线C2的普通方程；

（2）设曲线C1与曲线C2相交于P，Q两点，求|AP|•|AQ|的值．

【分析】（1）把ρ=4cosθ两边同时乘以ρ，结合x=ρcosθ，y=ρsinθ即可求得曲线C1的直角坐标方程，在中，直接消去参数t即可求得曲线C2的普通方程；

（2）把曲线C2的参数方程代入x2+y2=4x，化为关于t的一元二次方程，利用根与系数的关系结合t的几何意义求得|AP|•|AQ|的值．

【解答】解：（1）由ρ=4cosθ，得ρ2=4ρcosθ，∴x2+y2=4x，

故曲线C1的直角坐标方程为x2+y2=4x，即（x﹣2）2+y2=4．

由，消去参数t，可得．

∴曲线C2：；

（2）将代入x2+y2=4x，得t2﹣t﹣3=0，

∵△=1+4×3=13＞0，

∴方程有两个不等实根t1，t2分别对应点P，Q，

∴|AP|•|AQ|=|t1|•|t2|=|t1•t2|=|﹣3|=3，即|AP|•|AQ|=3．

【点评】本题考查简单曲线的极坐标方程，考查参数方程化普通方程，关键是掌握直线参数方程中参数t的几何意义，是中档题．

[选修4-5：不等式选讲]

23．已知不等式|2x﹣5|+|2x+1|＞ax﹣1．

（1）当a=1时，求不等式的解集；

（2）若不等式的解集为R，求a的范围．

【分析】（1）当a=1时，化简不等式，去掉绝对值符号，转化求解不等式的解集；

（2）化简函数为分段函数，画出函数的图象，然后求解即可．

【解答】（本小题满分10分）

解：（1）当a=1时：不等式为：|2x﹣5|+|2x+1|＞x﹣1，

等价于：

解得：，

所以不等式的解集为：（﹣∞，+∞）；

（2）设函数f（x）=|2x﹣5|+|2x+1|=，

设函数g（x）=ax﹣1过定点A（0，﹣1），

画出f（x），g（x）的图象，

不等式|2x﹣5|+|2x+1|＞ax﹣1．不等式的解集为R，kAB==，

由数形结合得a的范围是．

【点评】本题考查不等式的解法，不等式恒成立，考查数形结合以及计算能力．

本文来源：https://www.2haoxitong.net/k/doc/984a0e8d31687e21af45b307e87101f69e31fb81.html