2019届湖北省武汉市高中毕业生二月调研测试数学(理)试题

发布时间:   来源:文档文库   
字号:
2019届湖北省武汉市高中毕业生二月调研测试数学(理)试


一、单选题 1.已知复数满足A B C,则 D

【答案】B 【解析】将原等式变形,利用复数的除法运算法则:分子、分母同乘以分母的共轭复数,化简复数,从而可得结果. 【详解】 因为复数满足
所以【点睛】
,故选B.
复数是高考中的必考知识,主要考查复数的概念及复数的运算.要注意对实部、虚部的理解,掌握纯虚数、共轭复数、复数的模这些重要概念,复数的运算主要考查除法运算,通过分母实数化转化为复数的乘法,运算时特别要注意多项式相乘后的化简,防止简单问题出错,造成不必要的失分. 2.已知集合A B C D,则

【答案】A 【解析】利用一元二次不等式的解法化简集合,再由交集的定义可得结果. 【详解】 因为
,故选A.
【点睛】
研究集合问题,一定要抓住元素,看元素应满足的属性.研究两集合的关系时,关键是

将两集合的关系转化为元素间的关系,本题实质求满足属于集合且属于集合的元素的集合.
3已知等差数列的前项和为则等差数列的公差
A2 B C3 D4 【答案】C 【解析】【详解】 因为等差数列的前项和为,且
所以【点睛】
,解得,故选C
本题主要等差数列的前项和公式的应用,意在考查对基本公式的掌握与应用,属于基础题.
4.已知双曲线的渐近线方程为,则
A B C D12
【答案】A 【解析】由双曲线从而可得结果. 【详解】
的渐近线方程为,结合渐近线方程为因为双曲线的渐近线方程为
又渐近线方程为【点睛】
,所以,故选A
本题主要考查双曲线的方程与简单性质,以及双曲线的渐近线,属于基础题.
若双曲线方程为,则渐近线方程为.

5.执行如图所示的程序框图,则输出的值为(

A5 B12 C27 D58 【答案】C 【解析】模拟执行程序框图,只要按照程序框图规定的运算方法逐次计算,直到达到输出条件即可得到输出的的值. 【详解】 第一次循环:第二次循环:第三次循环:第四次循环:退出循环,输出【点睛】
本题主要考查程序框图的循环结构流程图,属于中档题. 解决程序框图问题时一定注意以下几点:(1 不要混淆处理框和输入框;(2 注意区分程序框图是条件分支结构还是循环结构;(3 注意区分当型循环结构和直到型循环结构;(4 处理循环结构的问题时一定要正确控制循环次数;(5 要注意各个框的顺序,6)在给出程序框图求解输出结果的试题中只要按照程序框图规定的运算方法逐次计算,直到达到输出条件即可.
6.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是某几何体的三视图,则该几何体的体积为(
,故选C


A B C D
【答案】B 【解析】由三视图可知,该几何体由两个同底的圆锥拼接而成,由三视图中数据,利用锥体的体积公式可得结果. 【详解】
由三视图可知,该几何体由两个同底的圆锥拼接而成, 圆锥的底面半径,高
所以该几何体的体积为:
,故选B
【点睛】
本题主要考查空间几何体的三视图,重点考查学生的空间想象能力和抽象思维能力,于中档题.三视图问题是考查学生空间想象能力最常见题型,也是高考热点.观察三视图并将其“翻译”成直观图是解题的关键,不但要注意三视图的三要素“高平齐,长对正,宽相等”,还要特别注意实线与虚线以及相同图形的不同位置对几何体直观图的影响. 7.已知某口袋中装有2个红球,3个白球和1个蓝球,从中任取3个球,则其中恰有两种颜色的概率是(
A B C【答案】D D
【解析】列举出中任取3个球的事件数为20其中恰有3种颜色或1种颜色的事件数为7,则恰有两种颜色的事件数为13,利用古典概型概率公式求解即可. 【详解】
2个红球编号为:123个白球编号为:任取3个球,可能有:
1个蓝球为,



,共20种,
3种颜色的有:只有1种颜色的有:,共1种,
,共6
所以,所求概率为【点睛】
.故选D.
本题主要考查古典概型概率公式的应用,属于难题,利用古典概型概率公式求概率时,找准基本事件个数是解题的关键,基本亊件的探求方法有 (1枚举法:适合给定的基本事件个数较少且易一一列举出的;(2树状图法:适合于较为复杂的问题中的基本亊件的探求.在找基本事件个数时,一定要按顺序逐个写出:先发生. 8.在中,
为线段的中点,为线段
垂直平分线
…..
依次

….
….
,再这样才能避免多写、漏写现象的上任一异于的点,则A B C【答案】A D7
【解析】利用勾股定理求得,利用向量垂直的性质可得,利用平面向
,从而可得结果.
【详解】


,得


由勾股定理,得因为为线段所以可得垂直平分线上任一异于的点,

,故选A.
【点睛】
本题主要考查向量的几何运算及数量积公式、向量的夹角,属于中档题.向量的几何运算法则是:(1)平行四边形法则(平行四边形的对角线分别是两向量的和与差)(2)三角形法则(两箭头间向量是差,箭头与箭尾间向量是和)
9.已知函数在区间上单调递增,则的最大值为(
A B1 C2 D4 【答案】C 【解析】【详解】
可得,利用可得结果.
时,
因为函数在区间上单调递增,
正弦函数在上递增,

所以可得【点睛】
,解得,即的最大值为2,故选C
本题主要考查正弦函数单调性的应用,意在考查灵活应用所学知识解答问题的能力,于中档题. 10已知A为抛物线上两点,为坐标原点,
的最小值为
B C8 D【答案】C 【解析】设直线为:,直线为:,求得的坐标,利用两点间距离公式可得【详解】
,利用基本不等式可得结果.
设直线为:,因为,所以,直线为:
,得:,同理可得:
所以,

当且仅当【点睛】
本题主要考查直线与抛物线的位置关系以及利用基本不等式求最值,属于难题.利用基本不等式求最值时,一定要正确理解和掌握“一正,二定,三相等”的内涵:一正是,首先要判断参数是否为正;二定是,其次要看和或积是否为定值(和定积最大,积定和最小);三相等是,最后一定要验证等号能否成立(主要注意两点,一是相等时参数是否在定义域内,二是多次用时等号能否同时成立).
时,取等号,最小值为8,故选C.
11.若满足约束条件,则的取值范围为(

A B C D
【答案】D 【解析】,得,作出可行域,
的最优解在平行四边
的范围,综合形的4个边上,分4 种情况讨论,结合二次函数的性质,分别求出可得结果. 【详解】

,得,作可行域如图所示,
其中
的最优解在平行四边形的4个边上,
位于线段时,
,因为,所以
位于线段时,

位于线段时,

位于线段时,


综上可知,【点睛】
的取值范围是,故选D
本题主要考查线性规划的应用,考查非线性目标函数的最值,考查了二次函数的性质,意在考查数形结合思想与分类讨论思想的应用,属于难题. 分类讨论思想的常见类型 ⑴问题中的变量或含有需讨论的参数的,要进行分类讨论的; ⑵问题中的条件是分类给出的;

⑶解题过程不能统一叙述,必须分类讨论的;

⑷涉及几何问题时,由几何元素的形状、位置的变化需要分类讨论的. 12.已知函数取值范围为( A B C D
,若关于的不等式恒成立,则实数【答案】B 【解析】原不等式化为,函数与函数互为反函数,
其图象关于直线对称,要使得恒成立,只需恒成立,恒成立,利用导数求出【详解】
的最小值即可得结果.

函数
的定义域为
,由


函数与函数互为反函数,
对称,所以要使得恒成立,
其图象关于直线只需恒成立,即恒成立,
可知当所以【点睛】
,则上递减,在时,,又因为 递增,
取得最小值
,所以的取值范围是,故选B
本题主要考查反函数的性质、不等式恒成立问题以及利用导数求函数的最值,属于难题. 不等式恒成立问题常见方法:① 分离参数范围.

二、填空题 13【答案】
的展开式的通项公式,令的指数等于67,求出的值,展开式中项的系数为______________ 即可) 数形结合( 图象在恒成立(即可恒成立 上方即可 讨论最值恒成立;④
讨论参数,排除不合题意的参数范围,筛选出符合题意的参数【解析】先求出二项式即可求得展开式中的项的系数,从而可得结果. 【详解】
的展开式的通项公式为的指数等于67,可得的值为10 所以展开式中的项的系数分别为所以展开式中含的项为
,故展开式中项的系数为
,故答

案为
【点睛】
本题主要考查二项展开式定理的通项与系数,属于简单题. 二项展开式定理的问题也是高考命题热点之一,关于二项式定理的命题方向比较明确,主要从以下几个方面命题:1)考查二项展开式的通项公式(可以考查某一项,也可考查某一项的系数)2)考查各项系数和和各项的二项式系数和;3)二项展开式定理的应用. 14.函数【答案】 【解析】求出【详解】 因为 时,的导函数的值,令其等于1,解方程即可得结果.
在点
处的切线方程为,则实数的值为______________
所以
时,

因为函数所以【点睛】
解得在点处的切线方程为
,故答案为
本题主要考查利用导数求切线斜率,属于中档题. 应用导数的几何意义求切点处切线的斜率,主要体现在以下几个方面:(1 已知切点(2 斜率方程求斜率,即求该点处的导数(3 切线某点(不是切点 求切点, 设出切点15已知正项数列的通项公式为【答案】
满足项和满足利用求解. 则数列______________
【解析】利用归纳推理,推猜出【详解】
,再用数学归纳法证明即可.


时,时,时,时,
,猜想得
,下面用数学归纳法证明:
,满足
,可得

,也满足 ,故答案为

②假设
时,结论成立,即结合①②可知,【点睛】
本题本题主要考查归纳推理与数学归纳法的应用,属于难题.归纳推理的一般步骤: 一、通过观察个别情况发现某些相同的性质. 二、从已知的相同性质中推出一个明确表述的一般性命题(猜想). 16在棱长为1的正方体的距离为______________
中,关于平面的对称点为到平【答案】 【解析】将正方体则平面即为平面再叠加一个正方体,构成正四棱柱,连接与平面,平面交于两点,则点为点关于平面【详解】
的对称点为,利用正方体的性质可得结果.


将正方体再叠加一个正方体,


交于平面两点,
平面
构成如图所示的正四棱柱则平面连接则平面即为平面与平面平面,平面,且两点是线段的两个三等分点,
的对称点为
的中心,也是重心,
所以点即为点关于平面由正方体的性质可知是正三角形所以到平面的距离等于到平面的距离的三分之一为
到平面的距离为
到平面【点睛】
的距离为,故答案为
本题主要考查正方体的性质以及割补法的应用,考查了空间想象能力以及数形结合思想的应用,意在考查灵活应用所学知识解答问题的能力,属于难题.

三、解答题

17.在1)求 2)求中,角的对边分别为.已知
的面积.
【答案】142【解析】1)由
,可得
,利用正弦定理边角互化,结合余弦定理可得代入,即可得结果;2)在中,由余弦定理得【详解】 1)由从而可得,进而利用三角形面积公式可得结果.
,知,利用正弦定理边角互化,由余弦定理可得,而

2)在中,由余弦定理得:
所以【点睛】
的面积
解三角形时,可用正弦定理,有时也可用余弦定理,应注意用哪一个定理更方便、简捷.果式子中含有角的余弦或边的二次式,要考虑用余弦定理;如果遇到的式子中含有角的正弦或边的一次式时,则考虑用正弦定理;以上特征都不明显时,则要考虑两个定理都有可能用到. 18如图,已知四边形平面,又为梯形,
为矩形,平面

1)证明:2)求二面角
的余弦值.
【答案】1)见解析;2【解析】1)由
平面
,又即可;的法为矩形,结合面面垂直的性质可得则可以以为原点建立空间直角坐标系,求出的坐标,证明的法向量与平面2利用向量垂直数量积为零列方程组,分别求出平面向量,利用空间向量夹角余弦公式可得结果. 【详解】 1为矩形,且平面平面平面,又所以可以以为原点建立如图所示空间直角坐标系,则


2
设平面
,得
的法向量为
,则
设平面的法向量为,得
,则


因为二面角【点睛】
为锐角,所以二面角的余弦值为
本题主要考查利用空间向量证明线线垂直,以及利用向量法求二面角,属于难题.空间向量解答立体几何问题的一般步骤是:1观察图形,建立恰当的空间直角坐标系;2写出相应点的坐标,求出相应直线的方向向量;3)设出相应平面的法向量,利用两直线垂直数量积为零列出方程组求出法向量;4)将空间位置关系转化为向量关系;5根据定理结论求出相应的角和距离.
19.一个工厂在某年连续10个月每月产品的总成本y(万元)与该月产量x(万件)之间有如下一组数据: x y

1)通过画散点图,发现可用线性回归模型拟合yx的关系,请用相关系数加以说明;
2建立月总成本y与月产量x之间的回归方程;
通过建立的y关于x的回归方程,估计某月产量为1.98万件时,此时产品的总成本为多少万元? (均精确到0.001
1.08 2.25
1.12 2.37
1.19 2.40
1.28 2.55
1.36 2.64
1.48 2.75
1.59 2.92
1.68 3.03
1.80 3.14
1.87 3.26
附注:参考数据:

参考公式:相关系数

回归方程中斜率和截距的最小二乘估计公式分别为:;②3.385万元.

【答案】1)见解析;2)①【解析】1)由已知条件利用公式可得结果;2根据所给的数据,做出变量,求得的值,再与比较大小即的平均数,根据样本中心点一定在线性回代入所求线性回归方程求出对应归方程上,求出的值,写出线性回归方程;将的值即可. 【详解】
1)由已知条件得:这说明正相关,且相关性很强. 2)①由已知求得所以所求回归直线方程为②当时,

(万元)


此时产品的总成本为3.385万元. 【点睛】
本题主要考查线性回归方程的求解与应用,属于中档题.求回归直线方程的步骤:①依据样本数据确定两个变量具有线性相关关系;②计算系数;④写出回归直线方程为
的值;③计算回归
是一条重要性 回归直线过样本点中心质,利用线性回归方程可以估计总体,帮助我们分析两个变量的变化趋势.

20.已知椭圆1)求椭圆的标准方程; 2别为作动直线,且满足的长轴长为4,离心率为
交椭圆两点,为平面上一点,直线的斜率分,问点是否在某定直线上运动,若存在,求出该直线方程;若不存在,请说明理由.
【答案】12
【解析】1)根据长轴长为4,离心率为,结合性质 ,列出关于 的方程组,求出 即可得结果;2)当直线的斜率存在时,设直线,得,从而可得结果.
,结合韦达定理可得【详解】
1)依题意,,而
从而椭圆的方程为2)当直线,将

与椭圆交于
,得 ,显然
的斜率存在时,设直线
代入 ,由已知条件,得
,将代入,整理得:

,而 ,所以
即:当直线
的斜率不存在时,经检验符合题意.


综上,点的轨迹方程为:【点睛】
本题主要考查待定系数求椭圆方程以及直线与椭圆的位置关系,属于难题.用待定系数法求椭圆方程的一般步骤;①作判断:根据条件判断椭圆的焦点在轴上,还是在轴上,还是两个坐标轴都有可能;②设方程:根据上述判断设方程 ③找关系:根据已知条件,建立关于的方程组;④得方程:解方程组,将解代入所设方程,即为所求. 21.已知函数1)若函数在区间
上单调递减,求实数的取值范围;
2)设的两个极值点为
,证明:当时,(附注:【答案】12)见解析
的递减区间,令
是其子集,利是关于的方程【解析】1)利用导数求出用包含关系列不等式求解即可;2两个实根,结合韦达定理可得从而只需恒成立,利用导数求出的最小值,进而可得结果

【详解】 1)由,得

所以函数
上单调递减,在
上单调递增,在上单调递减.
所以要上单调递减,只需,即
,从而
所以所求的取值范围是2是关于的方程
的极值点

两个实根,



,则
从而只需恒成立.
,而上单调递增,


【点睛】

本题是以导数的运用为背景的函数综合题,主要考查了函数思想,化归思想,抽象概括能力,综合分析问题和解决问题的能力,属于较难题,近来高考在逐年加大对导数问题的考查力度,不仅题型在变化,而且问题的难度、深度与广度也在不断加大,本部分的要求一定有三个层次:第一层次主要考查求导公式,求导法则与导数的几何意义;第二层次是导数的简单应用,包括求函数的单调区间、极值、最值等;第三层次是综合考查,包括解决应用问题,将导数内容和传统内容中有关不等式甚至数列及函数单调性有机结合,设计综合题.
22.以坐标原点为极点,轴正半轴为极轴,建立极坐标系,曲线曲线1)求
的直角坐标方程;
两点,上任一点,求2 即可得的直角坐标方程;2的最小值.
2)已知曲线轴交于【答案】1【解析】1)直接利用,则【详解】 1)由的直角坐标方程为,得
线,利用数形结合转化为两点间的距离即可得结果.

的直角坐标方程为2关于直线,得



轴交于点的对称点为

【点睛】
本题主要考查极坐标的应用,属于中档题. 用关系式等可以把极坐标方程与直角坐标方程互化,极坐标问题一般我们可以先把曲线方程化为直角坐标方程,用直角坐标方程解决相应问题. 23.已知函数1)当时,求不等式 的解集;
时恒成立,求实数的取值范围.
2)若关于的不等式【答案】1【解析】1)当时,由2,得恒成立,求出
,两边平方,利用一元二次不等式恒成立,等价于的最大值与
的最小值即可的解法求解即可;2得结果. 【详解】 1)当时,由,得
,解得2,所以恒成立,即的解集为 恒成立,


显然
【点睛】
,则
单调递增,
绝对值不等式的常见解法:
①利用绝对值不等式的几何意义求解,体现了数形结合的思想; ②利用零点分段法求解,体现了分类讨论的思想;
③通过构造函数,利用函数的图象求解,体现了函数与方程的思想. ④转化为一元二次不等式求解,体现了转化思想.


本文来源:https://www.2haoxitong.net/k/doc/9c9fa75453e79b89680203d8ce2f0066f43364e7.html

《2019届湖北省武汉市高中毕业生二月调研测试数学(理)试题.doc》
将本文的Word文档下载到电脑,方便收藏和打印
推荐度:
点击下载文档

文档为doc格式