2016-2017学年度下期期末考试
高一数学试题(理科)
第Ⅰ卷(60分)
一.选择题(本大题共12个小题,每小题5分,共60分,在每小题所给出的四个选项中只
有一项是符合题目要求的)
1.直线与的位置关系是( )
A.平行 B.垂直 C.重合 D.与的值有关
2.若word/media/image5_1.png,且word/media/image6_1.png,则下列不等式中,恒成立的是( )
A. B. C. D.
3.一空间几何体的三视图如图所示, 则该几何体的体积为( )
A. B.
C. D.
4.在word/media/image16_1.png中,若word/media/image17_1.png,则word/media/image16_1.png的形状一定( )
A.等边三角形 B.不含60°的等腰三角形 C.钝角三角形 D.直角三角形
5. 设是空间中不同的直线,是不同的平面,则下列说法正确的是( )
A.,则 B.,则
C. ,则 D.,则
6.设数列是首项为, 公比为的等比数列, 它的前项和为,
word/media/image33_1.png对任意, 点( )
A. 在直线上 B. 在直线上
C. 在直线上 D. 不一定在一条直线上
7.已知A是锐角,,则( )。
A. B. C. D.
8.设等差数列满足,且,则前项和中最大的是( )
A. B. C. D.
9.如图,为, , ,., , 则( )
A. B. C. D.
10.满足, 的恰有一个, 那么的取值范围是( )
A. B. C. D.或
11.已知数列、均为等比数列,其前项和分别为,若对任意的都有,则( )
A. B. 9 C. D. 730
12 三棱柱底是边长为1的正三角形,高在AB上取一点P,设与底面的二面角为,与底面的二面角为,则 的最小值( )
A. B. C. D.
二.填空题(本大题共4个小题,每小题5分,共20分,把答案填在答题卷上的相应位置)
13. 若点P在平面区域上,则u 的取值范围为 .
14.函数的图像恒过定点, 若点在直线上, 则的最小值是 .
15. 已知的三个内角A、B、C成等差数列,且word/media/image96_1.png,则边BC上的中线AD的长为 .
16.棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1中,word/media/image97_1.png为线段A1B上的动点,则下列结论正确的是
①. ②.平面平面③.的最大值为 ④.的最小值为
三.解答题(本大题共6个小题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程和演算步骤)
17.(本小题满分10分)
已知直线,点,求:
(1)过点A(-1,-2)直线与直线平行的直线的方程.
(2)点关于直线的对称点的坐标;
18.(本小题满分12分)
如图,在四棱锥P-ABCD中,AB//CD,且
(1)证明:平面PAB⊥平面PAD;
(2)若PA=PD=AB=DC, ,且四棱锥P-ABCD的体积为,求该四棱锥的侧面积.
19.(本小题满分12分)
20.(本小题满分12分)
函 数)的最大值为,最小值为且,
(1)求数列的通项公式;
(2)求的最大值.
21. (本小题满分12分)
如图,已知四棱锥中,底面为菱形,,, 分别是的中点.
22.(本小题满分12分)
已知是平面区域:(,,)内的整点(横纵坐标都是整数的点)的个数,记,数列的前项和为
(1)求数列的前项和为;
(2)若对于任意,恒成立,求实数的取值范围.
2016-2017学年度高一下期期末考试
数学试题(理科)参考答案
一、选择题:每小题5分,满分60分。
1.B 2.B 3.C 4.D 5.D 6.B
7.C 8.C 9.D 10.D 11.C 12.B
二、填空题:每小题5分,满分25分。
13.[0,6] 14. 4 15. 16.①②④,
三、答题:共6小题,共70分。
17.解:(1)设所求直线方程为
将A点坐标代入有m=-4
所以所求直线方程为
(2)设坐标为,则有
解得
18(1)证明:
(2)解:取AD中点为O,连接PO,设PA=x
19.解(1)
所以
(2)
20.解,(Ⅰ)由已知,的定义域为R
方程有解
即
的解集
即的两个根为
又因为
(Ⅱ)因为 =
21.(1)证明:由四边形ABCD为菱形,∠ABC=60°,可得△ABC为正三角形.
∵E为BC的中点,∴AE⊥BC.
又BC∥AD,因此AE⊥AD.
∵PA⊥平面ABCD,AE⊊平面ABCD,∴PA⊥AE.
而PA⊊平面PAD,AD⊊平面PAD且PA∩AD=A,
∴AE⊥平面PAD.
(2)解:设AB=2,H为PD上任意一点,连结AH,EH.
由(1)知AE⊥平面PAD,则∠EHA为EH与平面PAD所成的角.
在Rt△EAH中,AE=,∴当AH最短时,∠EHA最大,
即当AH⊥PD时,∠EHA最大.此时tan∠EHA=,
因此AH=.又AD=2,∴∠ADH=45°,∴PA=AD tan 45°=2.
∵PA⊥平面ABCD,PA⊊平面PAC,∴平面PAC⊥平面ABCD.
过E作EO⊥AC于O,则EO⊥平面PAC,
过O作OS⊥AF于S,连结ES,则∠ESO为二面角E-AF-C的平面角,
在Rt△AOE中,EO=AE•sin 30°=,AO=AE•cos 30°=.
又F是PC的中点,如图,PC=,
∴AF=PC=,sin∠SAO=,
在Rt△ASO中,SO=AO•sin∠SAO=,∴SE=,
在Rt△ESO中,cos∠ESO=,即所求二面角的余弦值为.
文
21.(1)证明:由四边形ABCD为菱形,∠ABC=60°,可得△ABC为正三角形.
∵E为BC的中点,∴AE⊥BC.
又BC∥AD,因此AE⊥AD.
∵PA⊥平面ABCD,AE⊊平面ABCD,∴PA⊥AE.
而PA⊊平面PAD,AD⊊平面PAD且PA∩AD=A,
∴AE⊥平面PAD.
(2)解:设AB=2,H为PD上任意一点,连结AH,EH.
由(1)知AE⊥平面PAD,则∠EHA为EH与平面PAD所成的角.
在Rt△EAH中,AE=,∴当AH最短时,∠EHA最大,
即当AH⊥PD时,∠EHA最大.此时tan∠EHA=,
因此AH=.又AD=2,∴∠ADH=45°,∴PA=AD tan 45°=2.
22题(12分)
【解析】作出平面区域如图所示:
1)由, ,得,而.当时, ,内有个整点;当时, , 内有个整点
综上得内的整点个数,于是.
从而.
则
两式作差得.
,
2)因为
所以.
令,则只需.
由,即,得2,由,得或3.
所以,则.
本文来源:https://www.2haoxitong.net/k/doc/f943b01b178884868762caaedd3383c4bb4cb4ec.html
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